从目录中读取文件名的快速方法？答案

【问题标题】：Fast way to read filename from directory?从目录中读取文件名的快速方法？
【发布时间】：2010-01-03 10:29:55
【问题描述】：

给定/foo/bar 的本地目录结构，并假设给定路径仅包含一个文件（文件名和内容无关紧要），获取该单个文件的文件名的合理快速方法是什么（不是文件内容）？

【问题讨论】：

您对哪些替代品进行了基准测试？选择不多：os 和 glob 是两个大的。你从运行timeit 中学到了什么？您对基准测试结果有什么具体问题？
我的意思是，“鉴于我需要一个快速的解决方案来禁止运行成熟的基准测试，什么是一种相当快速的方法......”我将相应地编辑标题，感谢您指出这一点。
@prometheus：您的评论比原来的问题更没有意义。只有两个选择。是什么让你认为一个人会比另一个人更快？既然只有两个，是什么阻止你运行timeit 两次？我真的不清楚你为什么在这里问这个。
我从来没有像你暗示的那样要求一个彻底的基准解决方案，而是一个简单的指针如何获取该文件名，因为 os.listdir 函数在我的雷达下滑落，并且浏览 os.path 文档没有'不会产生一种合理有效的方式来获取该文件名。我希望这能解决问题。我进行了编辑，我看不出你对我的方法的反复质疑对线程有什么好处。

【解决方案1】：

os.listdir() 的第一个元素

import os
os.listdir('/foo/bar')[0]

【讨论】：

【解决方案2】：

好吧，我知道这段代码可以工作......

for file in os.listdir('.'):
    #do something

【讨论】：

【解决方案3】：

你也可以使用 glob

import glob
print glob.glob("/path/*")[0]

【讨论】：

【解决方案4】：

os.path.basename 会为你返回文件名

因此您可以通过添加文件路径将其用于确切的一个文件：

os.path.basename("/foo/bar/file.file")

或者您可以遍历文件夹中的文件并读取所有名称

file_src = "/foo/bar/"
for x in os.listdir(file_src):
        print(os.path.basename(x))

【讨论】：