如果存在，我如何有条件地使类使用特征？

Question

我希望能够use trait如果它可用。

显然我不能在类本身内部定义它（语法错误）

//fails
include_once('myTrait.php');

class foo
{ 
    var $bar; 

    if (trait_exists('myTrait')) {
        use myTrait;
    }
}

//also fails
foo use myTrait;

//also fails
$f = new foo();
$f use myTrait;

//also fails
$f = new foo() use myTrait;

理想的情况是这样的：

class foo
{
    var $bar;
}

if (file_exists('myTrait.php')) {
   include_once('myTrait.php');
   //make class foo use myTrait;
}

$f=new foo();

很难找到文档和特征似乎不是很受欢迎，但在我的特殊情况下它们非常有用。我还尝试通过仅在需要时包含文件来尽可能减少资源。

像往常一样欢迎提示、文档和解释。

---

我的搜索带给我的最接近的是这篇文章http://brendan-bates.com/traits-the-right-way/

假设其中一些控制器（但不是全部）需要 数据库连接。为了保持性能，我们不应该付出所有 控制数据库连接。我们能做的就是写一个 扩展提供数据库的 BaseController 的抽象类 联系。但是，在未来，如果一个对象不是 控制器需要数据库连接？而不是复制这个 逻辑上，我们可以使用横向复用。

可以创建一个简单的特征：

trait DatabaseAware 
{    
    protected $db;

    public function setDatabase($db) 
    {
        $this->db = $db;
    }

    protected function query($query) 
    {
        $this->db->query($query);
    }
}

这个特性现在为类提供了通用的数据库功能。 任何需要数据库连接的类，无论是控制器还是 经理（或任何人）可以使用此特征：

class IndexController extends BaseController 
{
    use DatabaseAware;

    public function indexAction() 
    {
        $this->query("SELECT * FROM `someTable`");
    }
}

我根据不同对象的需要来实现特征。数据库连接、调试报告等

Answer 1

简单！

性状

一个可能可用或不可用的特征，将被使用或不被使用，但最终将有助于实现接口：

<?php

trait BarTrait
{
    public function bar()
    {
        return 'Hey, I am your friend!';
    }
}

界面

我们希望实现的接口：

<?php

interface BarInterface
{
    /**
     * @return string
     */
    public function bar();
}

使用特征类

一个类FooUsingBarTrait，它使用一个特征BarTrait来实现上述接口：

<?php

class FooUsingBarTrait implements BarInterface
{
    use BarTrait;
}

类不使用特征

一个类FooNotUsingBarTrait，它不使用特征BarTrait，而是实现了上述接口本身：

class FooNotUsingBarTrait implements BarInterface
{
    public function bar()
    {
        return 'Hey, I am one of your friends!';
    }
}

有条件地创建类定义

最后，有条件地定义一个类Foo，这取决于一个特征BarTrait是否存在：

<?php

if (trait_exists(BarTrait::class) {
    class Foo extends FooUsingBarTrait
    {
    }
} else {
    class Foo extends FooNotUsingBarTrait
    {
    }
}

创建您的实例

$foo = new Foo();

$foo->bar();

var_dump(
    get_class($foo),
    class_parents(Foo::class)
);

注意如果FooUsingBarTrait 和FooNotUsingBarTrait 两个类都实现了一个公共接口，这可能最有意义 - 毕竟，您可能希望提供一些将在两个实现之间共享的功能：一个使用特征，另一个通过其他方式（该类提供的方法）。

参考见：

• http://php.net/manual/en/function.class-parents.php
• http://php.net/manual/en/function.trait-exists.php

例如，请参阅：

• https://3v4l.org/fCLkt
• https://3v4l.org/f77cn

Answer 2

您的问题很有趣，并且 eval() 可能满足您的需求。这种使用代码生成的风格很难看，但我知道它有效，因为我自己在自己的机器上验证了它。你可以这样做：

$src = '
class foo {
  var $bar; // and all of your other code goes here
';
if (file_exists('myTrait.php')) {
  include_once('myTrait.php');
  $src .= "use myTrait;\n";
}
$src .= "}";
eval ($src); // your class finally gets declared

我不经常使用 eval()，但是当它解决一个传统上无法解决的问题时，它会很有趣。

Answer 3

不管有多糟糕，你都可以通过扩展类来做到这一点。

trait AutoPilot {
   function navigate() {
       echo 'navigating...';
   }
}

if (trait_exists('AutoPilot')) {
   class Machine {
       use AutoPilot;
   }
} else {
   class Machine {
   }
}

class Car extends Machine {
}


$car = new Car;
$car->navigate();

Answer 4

这是我最终得到的结果：

eval("class myClass {" 
    . (trait_exists('myTrait') ? "use myTrait;" : "") 
    . str_replace(['class ', '<?php'], '//', file_get_contents(myClass.php"))
);

总懒惰：

• 复制trait_exists 行以添加更多特征
• 注释掉class 关键字和<?php 标记，这样您就不必编辑类文件
• 评估一长行臭代码。

这很好对我来说并且“按原样”工作，除了我将这一行粘贴到的文件之外，无需对任何文件进行任何修改。你可能不会这样。

考虑以下事实：

• 不要使用关闭 php 标记
• 文件只有一个类
• 您需要添加任何其他关键字（扩展、实现、...）
• 可能还有更多意想不到的行为，具体取决于您的代码

感谢 lacalheinz 的指导性帖子，但 Steven 用 eval() 瞄准了目标。