可变模板特化，std::enable_if，SFINAE

Question

单例类公开此方法供客户端获取实例：

template< typename ... Args >
static T & GetInstance( Args && ... args )
{
    if ( ! m_instance )
    {
        m_instance = new T( std::forward< Args >( args ) ... );
    }

    return * m_instance;
}

但是对于没有默认构造函数的类，总是传递参数很烦人。最好是在实例创建完成后允许用户调用：

auto & instance = GetInstance( );

起初，我认为要使其工作，只需要专门化模板化方法，例如：

// Wrong Version
template< >
static T & GetInstance< >( )
{
    if ( ! instance )
    {
        throw std::runtime_error(
            "Tried to get instance of non initialized singleton with no"
            " default constructor." );
    }

    return * instance;
}

但对于具有默认构造函数的类，将使用这种特化代替更通用的特化。我希望只有在T 没有默认构造函数时才使用这种特化。

所以我试着改变一下：

// Right Version
template< >
static auto GetInstance< >( ) ->
    typename std::enable_if<
        ! std::is_default_constructible< T >::value , T & >::type 
{
    if ( ! instance )
    {
        throw std::runtime_error(
            "Tried to get instance of non initialized singleton with no"
            " default constructor." );
    }

    return * instance;
}

所以这行得通，但我对整个事情感到困惑。首先，我的做法是正确的处理方法吗？我不应该使用enable_if<> 作为参数或模板参数而不是返回类型吗？

编译器在这里是如何工作的？当它只是简单的模板专业化（在错误版本中）时，我猜编译器意识到更专业的版本更适合在没有参数的情况下调用GetInstance()（T 是一个类默认构造函数）。

对于带有enable_if<> 的版本，编译器开始认为使用更专业的版本会更好，但随后代码格式不正确。所以它会退回到普通版本？这也叫 SFINAE 吗？

Answer 1

方便的经验法则：不要专门化，超载。

template <class... Args>
static T& GetInstance(Args&&... );

template <class U=T, std::enable_if_t<!std::is_default_constructible<U>::value, int> = 0>
static T& GetInstance();

如果T 是默认可构造的，那么您只有一个可行的重载。如果不是，则当Args 为空且首选时，第二个更专业。

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注意。这种设计似乎很可疑。