(void *)1 是什么意思？

Question

我正在阅读ROS的代码。

在ros_comm/roscpp/include/ros/subscriber.h文件中，我看到了这样一段代码：

operator void*() const { return (impl_ && impl_->isValid()) ? (void*)1 : (void*)0; }

嗯，(void *)0在C中可以看成NULL，但是(void *)1是什么意思呢？

如果一个类Foo包含这个函数，说明我们可以这样编码：

Foo foo;
void *ptr = foo;

对吗？那么这是否意味着void *ptr = (void *)1 是可能的？这是什么意思？

Answer 1

这是在 C++11 中引入 explicit 上下文转换之前避免隐式转换到 bool 问题的老技巧。它旨在用于检查有效性：

Subscriber my_subscriber = someFunction();
if (!my_subscriber) {
    // error case
}

重要的一点是不存在从void* 到整数类型的内置转换，但确实存在从bool 到整数类型的转换。同时，存在从void* 到bool 的内置转换。这意味着如果你定义一个隐式转换为bool，那么下面的内容出奇地有效：

void my_func(int i);

void another_func() {
    Subscriber sub = something();
    my_func(sub);
}

定义到void* 的转换可以避免这个问题。

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不过，现在这个技巧已经过时了。 C++11 引入了explicit 转换。在if 和循环的条件下考虑explicit 到bool 的转换，但在其他有问题的情况下不考虑。这意味着现在这种转换应该写成：

explicit operator bool() const { return impl_ && impl_->isValid(); }

Answer 2

这表明编写代码的人不是很熟悉他们使用的语言或工具，或者代码已经存在了很长时间并且被不同的人入侵了，大概是在过去的某个时间经历了 C 到 C++ 的转换，仍然带有一些旧的 API 合约（期望 void*），这可能很难更改。

如果您查看源代码，则没有好的理由去做这样的事情。 impl_ 是实现 operator bool 的 boost::shared_ptr<Impl>，Impl::isValid 也返回 bool。除了bool，没有理由在任何地方使用或返回任何东西。

基本上，这是一种扭曲（并且可能很危险）的写作方式：

return impl_ && impl_->isValid();