将参数传递给实现协议并快速扩展类的方法

Question

在 Objective-C 中，您可以通知编译器类型应该是特定类的后代，并且还符合协议（例如“UIViewController *foo = nil”）。

我正在尝试用 Swift 做类似的事情，看起来这需要使用泛型。这是我期望的工作：

import UIKit

protocol MyProtocol {
    var foo: String {get set}
}

class MyViewController: UIViewController, MyProtocol {
    var foo: String = ""
}

func doAThing<T: UIViewController where T: MyProtocol>(vc: T) -> T? {
    var myViewController: T? = nil

    myViewController = MyViewController(nibName: nil, bundle: nil)

    return myViewController
}

我得到的错误是：“MyViewController”不能转换为“T”。我不能将泛型与“具体”、未参数化的类一起使用吗？我仍在研究这部分语言，感谢您的帮助。

Answer 1

假设您希望MyViewController 是实现MyProtocol 的UIViewController 的任何子类请注意，除了添加与协议相关的任何内容之外，实际上没有一种干净的方法可以返回UIViewController 方法。

我认为您正在寻找的是：

protocol MyProtocol {
    var foo: String {get set}
}

class MyViewController: UIViewController, MyProtocol {
    var foo: String = ""
}

class MyOtherViewController : UIViewController, MyProtocol {
    var foo = "My other view controller"
}

func doAThing<T: UIViewController where T: MyProtocol>() -> T? {
    return T(nibName: nil, bundle: nil)
}

let myViewController : MyViewController? = doAThing()
let myOtherViewController : MyOtherViewController? = doAThing()

let myProtocol : MyProtocol? = myViewController

由于允许 swift 函数覆盖仅根据返回类型而不同，并且类型推断能够在它们之间进行选择，doAThing 在这种情况下实际上不需要参数。