我可能在一个 bash 脚本中拥有这个函数，该脚本获取到 shell 的源代码
function suman{
echo "using suman function"
}
如果我打电话
unset suman
事情似乎按预期工作
但是，如果我有这个作为我的功能：
function suman-inspect {
echo "using suman-inspect function"
}
如果我打电话
unset suman-inspect
或
unset "suman-inspect"
我收到这条消息：
bash: unset: `suman-inspect': not a valid identifier
如何按原样取消设置此变量？
【问题讨论】：
标签： bash sh unset bash-function
Bash 允许在不处于 posix 模式时创建名称不是有效标识符的函数。
所以：
set -o posix
function suman-inspect { echo "using suman-inspect function"; }
给予：
bash: `suman-inspect': not a valid identifier
ruakh 通过引用man bash 提出了一个有效的观点。源代码 (builtins/set.def) 有注释：Posix.2 说先尝试变量，然后是函数，但是...
POSIX standard 表示 如果既没有指定 -f 也没有指定 -v，name 指的是一个变量；如果该名称的变量不存在，则未指定是否应取消设置该名称的函数（如果有）。
所以实际上行为是旧的备用“未指定*。如果有的话，错误在 bash 文档中。但公平地说，在 man bash 的其他地方它说：
可以使用 unset 内置函数的 -f 选项删除函数定义。
【讨论】：
经过更多研究，似乎
unset -f "suman-inspect"
会起作用。这令人惊讶，因为unset suman 确实有效，并且确实成功地取消了 suman 函数的设置（据我所知）。
【讨论】：
unset 的文档说“如果没有提供选项，则每个 name 引用一个变量；如果没有该名称的变量，则未设置任何具有该名称的函数。”我假设即使变量不是有效的变量名，这也会起作用，但显然不是！
unset 假定它的参数（sans -f）是一个标识符，但如果不存在该名称的变量，请检查是否你的意思是取消设置一个功能。只有当您明确使用-f 时，bash 才会放宽“参数必须是有效标识符”规则。相当多的bash 扩展缺少对其语义的准确记录描述；其他一些示例包括进程替换（例如，>(...) 从哪里继承其标准 输出？）和函数导出（参见 ShellShock）。