Scala json 对象作为案例类的参数答案

【问题标题】：Scala json object as argument for case classScala json 对象作为案例类的参数
【发布时间】：2016-04-19 13:20:29
【问题描述】：

我有一个保存为 json 格式字符串的数据源。我想要做的是将每个 json 记录读取为 case class ，我使用 json4s 作为解析器。并使用extract方法获取案例类。

我的课是这样的：

import org.json4s._
import org.json4s.JsonDSL._
import org.json4s.jackson.JsonMethods._

case class Order(
  order_id: String,
  buyer_id: String,
  seller_id: Long,
  price: Double
)

解析代码为：

file.map(parse(_).extract[Order])

但是这是在课堂之外完成的，我想要的是json字符串作为class Order的构造函数参数

但据我所知，案例类构造函数必须使用默认构造函数。

那么有没有办法解决这个问题？

【问题讨论】：

标签： json scala

【解决方案1】：

您可以将伴随对象用于此类目的：

import org.json4s._
import org.json4s.JsonDSL._
import org.json4s.jackson.JsonMethods._

case class Order(
  order_id: String,
  buyer_id: String,
  seller_id: Long,
  price: Double
)

object Order {
  def apply(file: File): Order = {
    file.map(parse(_).extract[Order])
  }
}

然后像这样使用它：

val file = openFile(...)
val order = Order(file)

【讨论】：

【解决方案2】：

你可能还想要implicit:

implicit def jsonStrToOrder(s: String): Order = parse(s).extract[Order]
val orders: List[Order] = file

【讨论】：