使用 laravel 语法显示错误的 Sql leftJoin 查询答案

【问题标题】：Sql leftJoin query using laravel syntax showing error使用 laravel 语法显示错误的 Sql leftJoin 查询
【发布时间】：2017-09-13 03:11:51
【问题描述】：

这是我用于左连接的查询，它工作正常，但是当我将它转换为 laravel 语法时，有些东西丢失了。

要转换的查询是

$result = DB::select("select amenities.name as 
name,amenities.type_id,amenities.id as id, amenities.icon, rooms.id as status 
from amenities left join rooms on find_in_set(amenities.id, rooms.amenities) 
and rooms.id = $room_id and type_id !=4");

我正在这样做

$result = DB::table('amenities')
            ->select('amenities.name as name', 'amenities.type_id' , 'amenities.id as id'
                , 'amenities.icon', 'rooms.id as status' )
            ->leftJoin('rooms', function ($join) {
                 $join->on('FIND_IN_SET(amenities.id, rooms.amenities)')
                      ->where('rooms.id' , '=', '$room_id')
                      ->where('type_id','!=', 4);
            })->get();

错误是

InvalidArgumentException 在 F:\xampp\htdocs\arheb\Arheb\vendor\laravel\framework\src\Illuminate\Database\Query\JoinClause.php 第 79 行：on 子句的参数不足。

【问题讨论】：

原始查询中没有Where 子句。您能否在您尝试的第二个查询中将where 更改为and。
我如何添加和而不是在哪里，所以你的意思是我在括号内添加和，我不知道 laravel 是如何工作的，这就是为什么我使用 where 所以它对待它就像和。
对不起。将 where 单词更改为 on。这应该推断出join 上的and 条件。
你的意思是像这个 $result = DB::table('amenities') ->select('amenities.name as name', 'amenities.type_id' , 'amenities.id as id ' , 'amenities.icon', 'rooms.id as status' ) ->leftJoin('rooms', function ($join) { $join->on(DB::raw("find_in_set(amenities.id, rooms.便利设施)")) ->on('rooms.id' , '=', '$room_id') ->on('type_id','!=', 4); })->get();跨度>

标签： mysql sql laravel laravel-5

【解决方案1】：

您的查询是错误的。我假设amenities.id 和rooms.amenities 分别是amenities 和rooms 表的属性。

如果字符串存在于字符串列表中（作为子字符串），MySQL FIND_IN_SET() 返回字符串的位置。

您需要在on() 函数的第一个和第二个参数中传递列名。

$result = DB::table('amenities')
            ->select('amenities.name as name', 'amenities.type_id' , 'amenities.id as id'
                , 'amenities.icon', 'rooms.id as status' )
            ->leftJoin('rooms', function ($join) {
                 $join->on('amenities.id', '=', 'rooms.amenities')
                      ->where('rooms.id' , '=', '$room_id')
                      ->where('type_id','!=', 4);
            })->get();

【讨论】：

仍然显示错误 On 子句的参数不足。
哪个代码？我复制了你的代码并检查了它，但它显示错误
那么为什么不能使用find_in_set，是不是laravel不支持

【解决方案2】：

我想你可以试试这个：

$result = DB::table('amenities')
           ->select('amenities.name as name', 'amenities.type_id' , 'amenities.id as id'
               , 'amenities.icon', 'rooms.id as status' )
           ->leftJoin('rooms', function ($join) {
                $join->on(DB::raw("find_in_set(amenities.id, rooms.amenities)"))
                     ->where('rooms.id' , '=', '$room_id')
                     ->where('type_id','!=', 4);
           })->get();

希望这对你有用！

【讨论】：

不，亲爱的，它在 F:\xampp\htdocs\arheb\Arheb\vendor\laravel\framework\src\Illuminate\Database\Query\JoinClause.php 第 79 行中显示相同的错误 InvalidArgumentException：不on 子句有足够的参数。