我怎样才能让一个类实现一个接口....（C++）

Question

...当类确实提供了所有抽象方法的实现，但没有“正式”实现接口时？

假设我有以下内容：

class AInterface {
    public:
        virtual void mem_func()=0;
        virtual ~AInterface(){}
};

void AFunction(AInterface* i){};

class BClass {
    public:
        void mem_func(){}
        virtual ~BClass(){}
};

我无法更改任何内容，但我想使用 BClass 类的对象来调用 AFunction。

其实我也想写类似

class MyABClass : public BClass,public AInterface {};

但这并没有帮助（该类只是继承了这两个方法并且是抽象的）。我想这样做的一种方法是写类似

class MyABClass : public AInterface {
    public:
        void mem_func(){a.mem_func();}
    private:
        BClass a;
}

这很好，但我想知道是否可以节省一些写作，或者是否有更好的方法来处理这种情况。

Answer 1

我将使用与您上一个代码 sn-p 非常相似的方法

class MyABClass : public AInterface {
    public:
        void MyABClass(BClass &_a)
            : a(_a)
        {}
        void mem_func(){a.mem_func();}
    private:
        BClass &a;
}

这是一种设计模式，称为Adapter（带委托）。也许您还想了解Proxy 模式。

更新（考虑 Kenny 的评论）：您是否将 BClass 作为参考或副本传递是有争议的。这取决于你想要什么。如果您想要一个包装器来方便地更改原始 BClass 实例，请使用 BClass & 作为构造函数参数。另一方面，如果副本足够，则仅使用 BClass 而不使用与符号 &。好吧，if 可以使用复制构造函数。最后，在使用引用时必须注意可能会产生副作用（同样，可能需要也可能不需要）。

Answer 2

你的第一次尝试几乎是正确的

class MyClass : public AClass,public AInterface {};

问题是 MyClass 不知道 AClass::A() 满足 AInterface::A()=0 提出的要求。像这样给它一点帮助

class MyClass : public AClass, public AInterface {
    void A() {AClass::A();}
};