题意：
给你一个含n个字符的字符串，字符为'D'时表示小于号，字符为“I”时表示大于号，字符为“？”时表示大小于都可以。比如排列 {3, 1, 2, 7, 4, 6, 5} 表示为字符串 DIIDID。任务是计算所有能产生给定字符串的序列数量，每个序列含n+1个数字，分别为1～n+1，即从1开始且不重复。
思路：DP计数。如下步骤
1）将规模n降低，使得对于每个i （1<=i<=n）都可以依靠i-1的结果来计算。最小规模为1个符号，决定两个数字的序列。
2）考虑对于具有i个数字的序列（值从1～i），指定第i个数字为j （1<=j<=i+1），计算所产生的序列数量。那么dp[i][j]表示着具有i个数字的序列，若最后一个数字为j时，所有可能的序列数量。那么dp[i][i+1]就统计了具有i个数字的且满足前i个要求的序列数量。
3）分两种情况：
第一种是第i个为I（小于号，升序）：dp[i][j] = dp[i-1][j-1] + dp[i-1][j-2] + .. + dp[i-1][1]。
另一种是第i个为D（大于号，降序）： dp[i][j] = dp[i-1][i] + dp[i-1][i-1] + ... + dp[i-1][j]。
分析第一个式子，假设前面i个数字所能产生的可能已经知道，那么直接将j加在最后面就行了。比如：序列3>2<4>1 共4个数字和3个符号，假设第4个符号为<，那么现在考虑第5个数字，要算的有dp[4][1] dp[4][2] dp[4][3] dp[4][4] dp[4][5]共5个。dp[4][1]可以想象将1接在序类后，即 3 2 4 1 1，疑问？这不是重复了吗？这样子我们可以将前4个数字中所有大于第5个数字的都加1，就变成4 3 5 2 1，这个序列就合法了吧？是的，对于所有的4个数字的合法序列都这么做。前提是对于第4个数字小于5的所有4数字序列才可以这么考虑。大于等于5的序列再来加1也必定重复。
分析第二个式子，同样，假设前面i个数字所能产生的可能已经知道，也是加在后面。比如：序列3>1<2 共3个数字和2个符号，假设第3个符号为>，那么现在考虑第4个数字，2大于1，同时还得考虑如上“加一”情况，所以1和2都要考虑。那么要计算的有dp[3][1] dp[3][2] 共2个，dp[3][3]对于我们所假设的情况是非法的。因为大于等于2的都要加一，所以dp[3][2]可能产生的序列之一为 { 3+1, 1,2+1, 2 } 即 { 4, 1,3 ,2 } 。合法！对于其他情况依此法计算。
下面代码实现时利用了前缀和，所以并不是单纯的逐个加，有点技巧在里面，还没领悟透其中原理。
1 #include <iostream> 2 #include <cstdio> 3 #include <cstring> 4 #define LL long long 5 using namespace std; 6 const int mod=1000000007; 7 const int N=1005; 8 char a[N]; 9 LL sum[N][N]; 10 11 12 int main() 13 { 14 //freopen("input.txt", "r", stdin); 15 while(cin>>a) 16 { 17 int len=strlen(a); 18 sum[0][1] = 1; //初始化：没有符号时，假设为只有1个数字，那么就只有序列”1“而已了，结果为1种。 19 20 21 for(int i=1; i<=len; i++) //对于第i个符号，就有具有i+1个数字的序列。注：i+1个数字的序列就是1～i+1共i+1个，没有大于i+1的数字。 22 { 23 for(int j=1; j<=i+1; j++) 24 { 25 26 sum[i][j] = sum[i][j-1]; //继承第i+1位为j-1的所有情况。 27 28 if(a[i-1]!='D') //第i个符号是 '<' 。 若是'?'则两个if都执行 29 sum[i][j] += sum[i-1][j-1]; 30 31 if(a[i-1]!='I') //第i个符号是 '>' 32 sum[i][j] += sum[i-1][i] - sum[i-1][j-1] + mod ; //可能出现负的，所以要加mod 33 34 sum[i][j] %= mod; 35 } 36 } 37 cout<<sum[len][len+1]<<endl; 38 } 39 return 0; 40 }