传送门
解题思路
第一种：
对于选i家，很显然，a值前i-1家的一定会选，所以只需要考虑最后一家的选法。要么是选择a值第i大的（就不管s了），要么选择剩下的中s最大的。
我们把每一家的情况（s和a）存入几个结构体中，按照a的值从大到小排序，再用sum求出a的前缀和，用maxs[i]表示前i家中最大的s，用maxa[i]表示在i...n家中选一家的最大价值，即（s*2+a）的最大值。
然后对于要求的每一个i，ans[i]就是
- 选a值最大的前i家
- 选a值最大的前i-1家加上剩下的i...n家中贡献最大的那家
中的最大值，即
ans[i]=max(sum[i]+2*maxs[i],sum[i-1]+maxa[i]))。
第二种：
很显然，ans随着i的增大递增，所以用一个ans记录答案，每一次加上一个数。
对于每一次选择，可以分为两种情况，设距离最远的一家的地址为now：
- 选择地址<now的a值最大的那一家k，对答案的贡献为a[k]
- 选择地址>now的对答案贡献最大的那一家k，对答案的贡献为a[k]+2*(s[k]-now)
所以每次取max即可。
这里用两个大跟堆来实现比较方便。
q1存的是在now左面的点，q2存的是now右面的点。
如果更新右面的点，就q2弹出去一个，然后把q1中加入所有坐标在now和q2.top()的坐标之间的点，最后更新now的值。
如果更新的是左面的点，就q1弹出，q2不做处理。
这样，在每次取q2中的点时，就要先弹出所有坐标小于now的点。
AC代码
1 #include<iostream> 2 #include<algorithm> 3 #include<cmath> 4 #include<cstdio> 5 using namespace std; 6 const int maxn=100005; 7 int n,maxs[maxn],maxa[maxn]; 8 struct node{ 9 int s,a; 10 bool operator <(const node &xx) { 11 return a>xx.a; 12 } 13 }x[maxn]; 14 int sum[maxn]; 15 int main() 16 { 17 cin>>n; 18 for(int i=1;i<=n;i++){ 19 scanf("%d",&x[i].s); 20 } 21 for(int i=1;i<=n;i++){ 22 scanf("%d",&x[i].a); 23 } 24 sort(x+1,x+n+1); 25 for(int i=1;i<=n;i++){ 26 sum[i]=sum[i-1]+x[i].a; 27 maxs[i]=max(maxs[i-1],x[i].s); 28 } 29 for(int i=n;i>=1;i--){ 30 maxa[i]=max(maxa[i+1],2*x[i].s+x[i].a); 31 } 32 for(int i=1;i<=n;i++){ 33 printf("%d\n",max(sum[i]+2*maxs[i],sum[i-1]+maxa[i])); 34 } 35 return 0; 36 }