试题描述：
国防部希望通过无线网络连接几个北方前哨基地。 在建立网络时将使用两种不同的通信技术：每个前哨基站都将拥有无线电收发器，另外还有一些前哨卫星通道。
任何带卫星频道的两个前哨都可以通过卫星进行通信，无论其位置如何。 否则，只有两个前哨基站之间的距离不超过D，才能通过无线电通信，这取决于收发器的功 率。 更高的功率产生更高的D，但成本更高。 由于采购和维护的考虑，前哨收发器必须相同; 也就是说，D的价值对于每对前哨都是一样的。
您的工作是确定收发器所需的最小D。 在每对前哨之间必须至少有一条通信路径（直接或间接）。
输入：
第一行输入包含N个测试用例数。 每个测试用例的第一行包含1 <= S <= 100，卫星通道数，S <P <= 500，前哨数。 遵循P行，给出每个前哨的（x，y）坐标，单位为km（坐标为0和10,000之间的整数）。
输出：
对于每种情况，输出应由一条线组成，给出连接网络所需的最小D。 输出应指定为2个小数点。
输入示例：
1
2 4
0 100
0 300
0 600
150 750
输出示例：
212.3
题解：
这道题所用的是最小生成树+贪心。
我所用的是最小生成树的prim。
prim是什么可以百度。
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstdlib> #include <algorithm> #include <cstring> #include <cmath> #define MAXN=9999999 using namespace std; double map[1010][1010],min_line[100010]; double ltj[100100]; bool book[100010]; int s,p,h; struct big_tree { double x,y; }input[10010]; double ojld(double x1,double y1,double x2,double y2) { return sqrt((x1-x2)*(x1-x2) + (y1-y2)*(y1-y2)); } void prim() { int start; start=1; h=0; book[start]=1; for(int i=2;i<=p;i++) min_line[i]=map[start][i]; for(int i=2;i<=p;i++) { double minn=9999999; for(int j=2;j<=p;j++) if(book[j]==0 && minn>min_line[j]) { minn=min_line[j]; start=j; } ltj[h++]=minn; book[start]=1; for(int j=2;j<=p;j++) if(book[j]==0) min_line[j]=min(min_line[j],map[start][j]); } } bool cemp(double a,double b) { return a<b; } double mmaaxx(double a,double b) { if(a>b) return a; else return b; } int main() { int T; cin>>T; while(T--) { memset(map,250,sizeof(map)); memset(book,0,sizeof(book)); memset(min_line,0,sizeof(min_line)); memset(ltj,0,sizeof(ltj)); cin>>s>>p; for(int i=1;i<=p;i++) cin>>input[i].x>>input[i].y; for(int i=1;i<=p;i++) for(int j=1;j<=p;j++) { if(i!=j) { map[i][j]=ojld(input[i].x,input[i].y,input[j].x,input[j].y); map[j][i]=map[i][j]; } if(i==j) map[i][j]=0; } prim(); sort(ltj,ltj+h,cemp); //for(int i=1;i<=p;i++) //cout<<min_line[i]<<" "; for(int i=p;i>p-s+1;i--) min_line[i]=0; double ans=0; printf("%0.2f\n",ltj[h-2-s+2]); //for(int i=1; i<=h-1; i++) //printf(" %.2lf", ltj[i]); } // system("pause"); }