题目链接：http://uva.onlinejudge.org/index.php?option=com_onlinejudge&Itemid=8&page=show_problem&problem=2520
题意：有一个排列1~k，求第n个排列，其中n为 ，K(1≤K≤50000)，S1, S2 ,…, Sk.(0≤Si≤K-i).
分析：这道题目乍看之下没有什么好的思路，k！太大了，但是仔细看一看就会发现n和康托展开式很类似
如果不知道康托展开的话请看：http://www.doc88.com/p-293361248346.html
http://blog.csdn.net/morgan_xww/article/details/6275460
要求第n个全排列，这不就是逆康托展开吗？
没错，仔细对比逆康托展开的推理过程就会发现，其实第n个全排列中的第i个数就是该排列中未出现过的比si大的第一个数。
比如：2 1 0 则比2大的第一个数是3，3未出现过，所以第一个数是3
比1大的第一个数是2，2未出现过，所以第二个数是2
比0大的第一个数是1，1未出现过，所以第三个数是1
所以结果为3 2 1
再比如：1 0 0 则比1大的第一个数是2,2未出现过，所以第一个数是2
比0 大的第一个数是1，1未出现过，所以第二个数是1
比0大的第一个数是1，但是1，2已经出现过了，所以第三个数是3
以此类推
普通的逆康托展开复杂度是O(n^2)，这样对于k<=50000来说肯定是会超时的，可以用线段树（二分+树状数组）优化。
由上面的分析可知，
解法1：
线段树的具体做法同样是把 [1, K] 的数置成 1. 此时每条线段的权所代表的意义为在该区间内还有多少个数可以用。查找大于si的第一个未出现过的数，然后把这个数赋为0。 查找的时候如果左线段可用的数大于等于当前我们查找的数, 说明我们要找的数在左线段, 进入左线段, 查找的数不变; 否则说明在右线段, 进入右线段, 查找的数减去左线段可用的数的数目. 递归返回条件为当前节点代表的线段为单位线段(说明我们已经找到了)。
AC代码如下：
1 #include<stdio.h> 2 #define lson l,m,rt<<1 3 #define rson m+1,r,rt<<1|1 4 const int maxn=50000+10; 5 int tree[maxn<<2],ans; 6 void PushUp(int rt) 7 { 8 tree[rt]=tree[rt<<1]+tree[rt<<1|1]; 9 } 10 void build(int l,int r,int rt) 11 { 12 if(l==r) 13 { 14 tree[rt]=1; 15 return ; 16 } 17 int m=(l+r)>>1; 18 build(lson); 19 build(rson); 20 PushUp(rt); 21 } 22 void update(int p,int x,int l,int r,int rt) 23 { 24 if(l==r) 25 { 26 tree[rt]=x; 27 ans=l; 28 return ; 29 } 30 int m=(l+r)>>1; 31 if(p<=tree[rt<<1]) 32 update(p,x,lson); 33 else 34 update(p-tree[rt<<1],x,rson); 35 PushUp(rt); 36 } 37 int main() 38 { 39 int t,n,i,x; 40 scanf("%d",&t); 41 while(t--) 42 { 43 scanf("%d",&n); 44 build(1,n,1); 45 for(i=0;i<n;i++) 46 { 47 scanf("%d",&x); 48 update(x+1,0,1,n,1); 49 printf("%d",ans); 50 if(i!=n-1) 51 printf(" "); 52 } 53 printf("\n"); 54 } 55 return 0; 56 }