Scala Play 2.5 将动作转化为结果答案

【问题标题】：Scala Play 2.5 Turning an Action into A ResultScala Play 2.5 将动作转化为结果
【发布时间】：2016-11-15 02:39:42
【问题描述】：

在 Play scala 项目中，我在 Controller 中返回一个对象，其类型为：

play.api.mvc.Action[play.api.libs.json.JsValue 然而，play 抱怨它期待play.api.mvc.Result。根据文档，Action 是一个处理请求并生成结果的函数。

def myController = mySpecialFunction.asyc(prase.tolerantJson) { implicit request => {
        for {
            ... do some stuff ...
        } yield {
            myFunction()
        }
    }
}

在这种情况下，myFunction 的返回类型为 play.api.mvc.Action[play.api.libs.json.JsValue。

我想返回一个结果，不知道如何正确调用这个函数

【问题讨论】：

通常，操作是您定义为控制器中的顶级函数的内容。 Play 将调用向它传递请求并期望您返回结果的操作。为什么你有一个变量myController？通常，您有一个代表您的控制器的类，然后是该类中代表操作的一些方法。如果您只想让代码按原样工作，则必须将请求应用于myFunction——但是正如我所说，这看起来很奇怪。
如果您可以展示myFunction 在高级别上所做的事情，可能会为您提供更多帮助。正如您自己所说的那样，您的 Action 的设计并没有达到应有的水平。另外，请注意Action.async 要求您返回Future[Result] 而不仅仅是Result。

标签： scala playframework playframework-2.0

【解决方案1】：

您的Action.async 块需要一个从request 到Future[Result] 的函数。

现在，您的 myFunction() 位于 yield 块内，返回 JsValue 作为返回类型。如果你的 for comprehension 是在 Futures 上，那么 for-comprehension 的输出将变为 Future[JsValue]。但是 play 需要 Future[Result]。将您的结果转换为Future[Result]。所以你的最终输出类型应该是Future[Result]。

例如

Action.async { req =>
  val resultFuture = 
    for {
      _ <- getUsersFuture
      _ <- doSomethingFuture
    } yield (myFunction)

  resultFuture.map { json => Ok(json) }
}

【讨论】：

yield内部myFunction()的返回值为Action[JsValue]，而不仅仅是JsValue
我认为这是一个整体设计问题。

【解决方案2】：

如果你想按原样解决问题，你可以将请求传递给myFunction()的结果：

def myController = mySpecialFunction.asyc(prase.tolerantJson) { implicit request => {
        for {
            ... do some stuff ...
        } yield {
            myFunction()(request)
        }
    }
}

这是可行的，因为有一个方法 Action#apply 将使用 request 实例调用并返回 Future[Result]。

apply 方法的文档：https://www.playframework.com/documentation/2.5.x/api/scala/index.html#play.api.mvc.Action

【讨论】：