GD 库图像生成不适用于 mySQL 查询答案

【问题标题】：GD Library image generation does not work with mySQL queryGD 库图像生成不适用于 mySQL 查询
【发布时间】：2017-11-14 17:19:53
【问题描述】：

长话短说，我有一个项目需要根据数据库中的数据创建用户头像。头像是使用 imagepng() 和 imagecopy() 函数生成的。

用户的头像可以是男性也可以是女性，并且该偏好保存在 SQL 数据库中的“user_gender”列中，其中“0”=女性，“1”=男性：

Screenshot of table in phpmyadmin

所以我们的想法是我们从数据库中获取数据，将值（0 或 1）分配给一个变量，然后使用该变量生成图像。见以下代码：

<?php

    //Database connection script not included, but works fine

    $id = 1;

        $sqlQuery = "SELECT * FROM table WHERE id = :id";
        $statement = $db->prepare($sqlQuery);
        $statement->execute(array(':id' => $id));

        while($rs = $statement->fetch())
        {
            $gender = $rs['user_gender'];

        }

    if($gender == "0")
    {
        //Allocation of images, file paths
        $bodytype ="images/female/f_body.png";
    }   
    else
    {
        $bodytype ="images/male/f_body.png";
    }

    header('Content-Type: image/png');

    $destination = imagecreatefrompng($bodytype);

    imagealphablending($destination, true);
    imagesavealpha($destination, true);

    imagepng($destination); 
?>

但是，此代码不起作用，因为它会导致浏览器上出现空白的黑色页面。

但是，此代码无需从数据库中提取任何内容，就可以正常工作：

<?php

//taking out the sql query and just creating a $gender variable for testing

$gender = "0";

if($gender === 0)
{
    $bodytype ="images/female/f_body.png";
}   
else
{
    $bodytype ="images/female/f_body.png";
}

header('Content-Type: image/png');

$destination = imagecreatefrompng($bodytype);

imagealphablending($destination, true);
imagesavealpha($destination, true);

imagepng($destination);
?>

这是第二个代码的输出，表明图像生成确实是功能性的，问题很可能是从 sql 到 php 的传递：

Working image generation in browser

如果从数据库中提取变量，我将非常感激知道我做错了什么或提示为什么代码停止工作。

谢谢！

【问题讨论】：

在您的第二个示例中，您在两种情况下都使用女性图像。
仍然没有解决它只是...没有显示在浏览器中的问题。
我明白，但您的测试用例无效。验证 1 和 0 的静态值是否按预期生成女性和男性化身。不要仅仅因为您看不到它的相关性而跳过故障排除步骤。
如果不是绝对必要，您不应该使用 PHP 渲染图像。为什么不使用图像的直接链接？您甚至可以在纯 SQL 中执行此操作，尽管您也可以只使用 PHP 中的 if 语句来链接到适当的图像。 SELECT CONCAT('path/to/folder/', IF(gender = 1, 'male.png', 'female.png'))
@Michael，我已经测试过了。它们都按预期生成男性和女性化身。

标签： php mysql sql gd gdlib

【解决方案1】：

我尝试了您的代码并遇到了同样的问题，所以我对其进行了一些挖掘，发现数据库没有返回任何内容，所以我所做的就是在数据库名称和表名前面加上前缀，并且它工作正常。见下面的代码

$gender = '';

$sqlQuery = "SELECT * FROM register.users WHERE id = :id";
$statement = $db->prepare($sqlQuery);
$statement->execute(array('id' => 1));

while($rs = $statement->fetch())
{
    $gender = $rs['gender'];
}

if($gender == 0)
{
    $bodytype ="images/female/f_body.png";
}
else if($gender == 1)
{
    $bodytype ="images/male/m_body.png";
}

$destination = imagecreatefrompng($bodytype);

imagealphablending($destination, true);
imagesavealpha($destination, true);

header('Content-Type: image/png');
imagepng($destination);

试试看，告诉我结果如何。

【讨论】：