使用外部类库作为 Laravel 的模型类答案

【问题标题】：Use external class library as model class for Laravel使用外部类库作为 Laravel 的模型类
【发布时间】：2020-10-21 15:48:49
【问题描述】：

我是 Laravel 和 PHP 的新手。

我编写了一个标准的 PHP 库，它定义了一个 GpxWaypoint 类。该类声明了一些属性（纬度、经度、海拔、名称）并定义了一些方法（getDistance($anotherWaypoint)、getAscent($anotherWaypoint)），显然没有扩展 Eloquent Model 类。

class GpxWaypoint
{
    private $latitude;      
    private $longitude;     
    .......

然后我写了一个测试 Laravel 中的 Waypoint 类，具有与标准 GpxWaypoint 类相同的属性。

class Waypoint extends Model
{

   public function user()
    {
        return $this->belongsTo(User::class);
    }
}

class CreateWaypointsTable extends Migration
{
    public function up()
    {
        Schema::create('waypoints', function (Blueprint $table) {
            $table->id();
            $table->string('name', 128);
            $table->decimal('latitude', 32, 28);
            $table->decimal('longitude', 32, 28);
            $table->integer('altitude');
            $table->timestamps();
        });
    }

有没有办法将外部库中定义的 GpxWaypoint 类用作 Laravel 模型类？在 composer.json 中，我将外部库添加为必需的库并运行，我可以实例化 GpxWaypoints 对象...但我不知道如何将其用作模型类。

我想使用 GpxWaypoint 类，因为它定义了我在 Laravel 项目中需要的一些方法和功能，我不想重写它们（外部库还包含 GpxFile、GpxTrack、GpsTrackSegment、GpsTrackPoint 类及其属性以及我也想在我的 Laravel 项目中使用的方法）

谢谢

【问题讨论】：

标签： php laravel eloquent

【解决方案1】：

这两个类实际上是完全不同的。 GpxWaypoint 具有成员变量，而 Waypoint 由数据库属性支持。尝试混合这两个概念并不是一个好主意，因为 Laravel 内部对属性的访问方式不同。

我建议将共享概念提取为特征，例如：

trait WaypointTrait {
   public getDistance($anotherWaypoint) {
     ...
   }

}

class GpxWaypoint
{
    use WaypointTrait;
 
    private $latitude;      
    private $longitude;     
    .......

}
class Waypoint extends Model
{
   use WaypointTrait;

}

【讨论】：

非常好的解决方案。测试成功。非常感谢！！！