Gulp watch：有条件地运行依赖于 event.type 的任务

Question

我有以下内容：

gulp.watch('src/**/*', ['compile']);
gulp.watch('src/**/*', (event) => {
  if (event.type === 'deleted' {
    gulp.src(event.path.replace('src/', 'compiled/')).pipe(clean());
  } else {
    // TODO: Only run 'compile' when file is not deleted.
  }
});

每当添加或修改文件时，我都想运行compile 任务，它将获取新文件并将其移动到编译目录中。

每当删除文件时，我都不想运行compile 任务，因为它什么也不做。相反，我需要从编译目录中删除该文件。

上述代码有效，但在删除文件时继续运行编译任务（导致无操作）。

如何有条件地运行另一个任务？看起来 run 和 start Gulp 方法都已被删除和/或弃用。

Answer 1

你可以在你的任务中包含 {read: false} 应该可以工作

gulp.task('default', function () {
    return gulp.src('app/tmp', {read: false})
        .pipe(clean());