如何在Scala中读取和输出XML处理指令？答案

【问题标题】：How to read and output XML processing instructions in Scala?如何在Scala中读取和输出XML处理指令？
【发布时间】：2011-05-15 03:25:57
【问题描述】：

我正在编写一个小型 Scala 应用程序，它执行以下操作：

1) 读取 XML/XHTML 文件

2) 做一些小的预处理

3) 如果需要，使用 XSLT 样式表对其进行转换。

4) 稍微后期处理。

5) 将其保存为 XHTML。

我的 XML 文件会以如下开头：

<?xml version="1.0" encoding="UTF-8"?>
<?xml-stylesheet type="text/xsl" href="../xslt/default.xslt"?>

如果我阅读它们

scala.xml.XML.load(scala.xml.Source.fromFile(file))

我得到一个 Elem，但我失去了 XML 处理指令。我求助于将其读取为字符串，进行字符串操作以找到 xml-stylesheet，然后将其传递给

scala.xml.XML.load(scala.xml.Source.fromString(text))

必须有更好的方法来做到这一点。我需要知道应该在在 Scala 中使用哪个样式表，因为如果需要，Scala 必须调用 XSLT 处理器。

另外，在我处理完它们后，我会使用

scala.xml.Utility.trim(transformed).buildString(true)

但生成的文档不包含 XML 声明，也不包含 HTML DOCTYPE。我也想拥有这些。

我知道这在技术上是两个问题，但基本上是同一个问题的两端，我怀疑第二个问题的解决方案与第一个问题的解决方案有关。

【问题讨论】：

标签： xml scala

【解决方案1】：

基本上，Scala 的 XML 不足以满足您的需求。即使使用生成Document 的xml.parsing.XhtmlParser，您也只能获得版本、编码和dtd。您可以制作一个构造解析器、一个事件解析器或使用自定义 SAXParser 覆盖 XML 以获取 XSLT 内容，但您仍然无法使用 Scala XML 表示该信息，并且您仍然必须手动编写保存代码将这些东西附加回来。

所以我建议您继续使用其中一个处理 XSLT 的 Java 库。

【讨论】：

我无法想象现代编程语言没有用于评估 XPath 表达式的函数/API！很高兴知道 Scala 属于这一组。
@Dimitre 不，这只是您的理解失败。 Scala XML——即Scala 中的标准XML 库——不支持XPath。它支持对 XML 的一元推导，而大多数 XML 库都不支持。所以，如果你想要 XPath，你需要使用一个库。 Scala 这种语言有很多这样的库可用。
@Daniel：感谢您的解释。我会知道不要使用 Scala。
@Dimitre Scala 中内置的 XML 支持参差不齐。但是您当然也可以开箱即用地使用所有现有的（并且一直很糟糕）Java API。至于我，我无法想象除了 XPath 2.0 之外的任何东西，这意味着无论如何直接使用 Saxon。
@ebruchez：是的，我想如果我一定要使用 Java，我会选择 Saxon（尽管我听说过其他 XPath 2.0（仅 XPath）引擎，例如 PsychoPath）。