通过引用传递在 php 中不起作用答案

【问题标题】：passing by reference won't work in php通过引用传递在 php 中不起作用
【发布时间】：2016-08-01 09:28:18
【问题描述】：

我正要制作一个过滤器助手，并通过引用传递的基本替换功能来测试我的想法，但它不起作用！

<?php
$text ="hello world i am here !";

 function findandreplace(&$text, $search, $replaced)
 {

    return str_replace($search, $replaced, $text);

 }

print findandreplace($text,'e','E');
print "<br>";
print $text;

输出总是这样：

hEllo world i am hErE !
hello world i am here !

我尝试了可能的事情，但我不会工作，那是我的错。

【问题讨论】：

如果您使用的是按引用传递，为什么还要返回 $text？.... 但是 str_replace() 本身不是按引用传递，它返回修改后的值
我尝试使用 return 然后我 omtt 它，它也不会工作，但没有 return ，它给出了一个通知 [注意：只有变量引用应该通过引用返回]

标签： php pass-by-reference

【解决方案1】：

您没有对传递的$text 字符串进行任何更改，因为str_replace 不会修改传入的字符串 - 它接收传入值的副本，并返回结果。它如果将str_replace 的结果分配给$text 变量，它将按预期工作：

 $text ="hello world i am here !";

 function findandreplace(&$text, $search, $replaced)
 {

    $text =  str_replace($search, $replaced, $text); //<-- now it will work
    return $text;

 }

print findandreplace($text,'e','E');
print "<br>";
print $text;

【讨论】：

为什么要返回通过引用传递的东西？我知道它来自 OP 的代码，但仍然不是多余的吗？
@HankyPanky 是的，它是多余的，我希望 OP 添加返回，以便他可以运行“测试” - 将输出与初始引用的变量进行比较。
这可以很容易地更改为先打印$text，然后调用该函数，然后至少在这个答案中再次打印$text，因为它很好地解释了OP的错误
@HankyPanky 也是如此，也许我应该对任何未来的访问者进行编辑
感谢@Steve，这让我大吃一惊，我添加了 return，因为我在删除它时注意到错误 [注意：只有变量引用应该通过引用返回]