方法而不是字段上的Spring引导@Column注释？

Question

我试图通过创建一个名称对象将我的类分成更小的部分，但是当我这样做时，用户存储库无法从字符串中找到用户，并且似乎需要一个名称对象。

@Entity
@Table(name = "users")
public class UserDTO {

    @Id
    @GeneratedValue(strategy = GenerationType.AUTO)
    @Column(name="id", insertable = false, updatable = false, nullable = false)
    private UUID id;

    private Name name;

    @Column(name = "name")
    public String getName() {
        return name.toString();
    }

@Value
@Embeddable
public class Name {
    String name;
}

我希望能够使用 String 而不是 Name 对象来查找用户，因为我希望 Name 对象与 UserDTO 类隔离

@Repository
public interface UserRepository extends CrudRepository<UserDTO, UUID> {
    List<UserDTO> findAll(Pageable limit);
    UserDTO findByName(String name);
}

我得到的错误是

Parameter value [1] did not match expected type [Name (n/a)]

我认为是因为 String 与 Name 对象不匹配。

Answer 1

您的代码中有很多设计问题：

• 您不应在存储库类中使用dto 类，而应使用实体类。作为最佳实践，它应该在您的Rest Controller 中使用并映射到您的实体模型，然后再将其传递给您的Service。看看here。
• 当您使用UUID 时，您定义生成策略的方式应该有所不同。看看here。
• 您没有兴趣将 name 字段包装成另一种类型，因为您可以使用它的 String 值并且它只包含一个字段。
• 更喜欢在您的字段上使用@Column 注释而不是getter 方法。这只是个人选择。看看here。

现在回答您的问题，您的错误来自于您返回 String 而不是 Name 类型。

您的课程可能如下所示：

实体：

@Entity
@Table(name = "USER")
public class User {

    @Id
    @GeneratedValue(generator = "UUID")
    @GenericGenerator(
        name = "UUID",
        strategy = "org.hibernate.id.UUIDGenerator",
    )
    @Column(name = "id", updatable = false, nullable = false)
    private UUID id;

    @Column(name = "name")
    private String name;

    public String getName() {
        return name;
    }
}

Dto:

public class UserDto {

    private UUID id;

    private String name;

    public String getName() {
        return name;
    }

    // Other getters and setters
}

存储库：

@Repository
public interface UserRepository extends CrudRepository<User, UUID> {
    List<User> findAll(Pageable limit);
    User findByName(String name);
}