mysqli_fetch_assoc() 不工作答案

【问题标题】：mysqli_fetch_assoc() not workingmysqli_fetch_assoc() 不工作
【发布时间】：2015-03-23 09:55:44
【问题描述】：

有人可以调试这个并告诉我为什么不工作吗？

<?php
include("C:\Wamp\www\system\db\connect.php");
$term = mysqli_real_escape_string($con, $_GET['q']);
echo "results for \"".$term."\".<br>";
$sql = "SELECT * FROM `search` WHERE Keywords='%{$term}%' LIMIT 10";
$result = mysqli_query($con, $sql) or die("<p color=\"#f00\">Could not query database.</p>");
while($row = mysqli_fetch_assoc($result) or die("<p color=\"#f00\">Could not fetch assoc array in database.</p>")) {
    echo $row['Title'];
}
echo json_encode($row['Title']);

mysqli_close($con);
?>

它在mysqli_fetch_assoc 函数处停止工作。

【问题讨论】：

究竟是什么不工作？你连接到数据库？你的结果不是预期的吗？你有一个 php 错误？
WHERE 关键字 LIKE ，而不是 '='，除非您希望得到两端都带有百分号的字符串
@0x1gene 我可以很好地连接到数据库。正如标题所说，问题出在mysqli_fetch_assoc 函数上。该函数返回die 字符串。
@n-dru 替换为LIKE 没有区别。
另外，不要打印自定义错误消息，而是使用or die(mysqli_error())。这将帮助您识别错误。

标签： php mysqli

【解决方案1】：

如 cmets 所述，您应该打印实际的 mysql 错误消息而不是自定义消息，这将有助于您调试错误，

这里有一些修复你的错误的建议，

你的代码应该是：

<?php
include("C:\Wamp\www\system\db\connect.php"); //<-- You should give relative path instead of this one
$term = mysqli_real_escape_string($con, $_GET['q']);
echo "results for \"".$term."\".<br>";
$sql = "SELECT * FROM `search` WHERE Keywords like '%{$term}%' LIMIT 10";
$result = mysqli_query($con, $sql) or die(mysqli_error($con)); //<-- show mysql error instead of custom one
while($row = mysqli_fetch_assoc($result) ) {
    echo $row['Title'];
}
echo json_encode($row['Title']);

mysqli_close($con);
?>

【讨论】：

我使用了路径，因为使用相对路径会返回failed to open stream: No such file or directory，但我已经进入浏览器中的目录。
<?php $con = mysqli_connect("localhost", "<USERNAME>", "<PASSWORD>", "<DB>") or die("<p color=\"#f00\">Could not connect to database.</p>"); ?>

【解决方案2】：

替换这些行：

$sql = "SELECT * FROM `search` WHERE Keywords='%{$term}%' LIMIT 10";
$result = mysqli_query($con, $sql) or die("<p color=\"#f00\">Could not query database.</p>");
while($row = mysqli_fetch_assoc($result) or die("<p color=\"#f00\">Could not fetch assoc array in database.</p>")) {
   echo $row['Title'];
}

这些：

$sql = "SELECT * FROM `search` WHERE Keywords LIKE '%{$term}%' LIMIT 10";
$result = mysqli_query($con, $sql) or die("<p color=\"#f00\">Could not query database.</p>");
while($row = mysqli_fetch_assoc($result) ) {
   echo $row['Title'];
}

【讨论】：

返回“null”，如果添加了die，则返回die字符串。

【解决方案3】：

我在一个带有一个值的简单表上遇到了同样的问题，我添加了 die 错误消息，但它仍然对我没有任何显示，尝试回显表的一个特定行，对我来说它确实显示了一个结果，所以我认为我的问题在于编码为 json。所以我使用了json encoding returning empty string中的解决方案至于你的特定行的回声，我试过这个：

$result = mysqli_query($conn, $query) or die(mysqli_error($conn));

if($result->num_rows > 0){
     while($row= mysqli_fetch_assoc($result)){
        echo($row['name_ofRow']);
   }
}

我希望这会有所帮助。

【讨论】：