为什么 std::move 需要前向引用？

Question

std::move的实现基本上是这样的：

template<typename T>
typename std::remove_reference<T>::type&&
move(T&& t)
{
    return static_cast<typename std::remove_reference<T>::type&&>(t);
}

注意std::move的参数是一个通用引用（也称为转发引用，但我们这里不转发）。也就是说，你可以std::move 左值和右值：

std::string a, b, c;
// ...
foo(std::move(a));       // fine, a is an lvalue
foo(std::move(b + c));   // nonsense, b + c is already an rvalue

但既然std::move 的全部意义在于转换为右值，为什么我们甚至允许std::move 右值？如果std::move 只接受左值不是更有意义吗？

template<typename T>
T&&
move(T& t)
{
    return static_cast<T&&>(t);
}

那么无意义的表达式std::move(b + c) 会导致编译时错误。

std::move 的上述实现对于初学者来说也更容易理解，因为代码完全按照它的样子做：它接受一个左值并返回一个右值。您不必了解通用引用、引用折叠和元函数。

那么为什么std::move 被设计为同时接受左值和右值？

Answer 1

下面是一些简化到极致的例子：

#include <iostream>
#include <vector>

template<typename T>
T&& my_move(T& t)
{
    return static_cast<T&&>(t);
}

int main() 
{
    std::vector<bool> v{true};

    std::move(v[0]); // std::move on rvalue, OK
    my_move(v[0]);   // my_move on rvalue, OOPS
}

上述情况可能出现在通用代码中，例如，当使用具有返回代理对象（右值）的特化的容器时，您可能不知道客户端是否会使用特化，因此您希望无条件支持移动语义。

Answer 2

不疼。

您只是在建立一个保证，即代码会将结果视为右值。您当然可以编写 std::move 以在处理已经是右值的东西时出错，但是有什么好处呢？

在通用代码中，你不一定知道你将使用什么类型，你会从一堆“如果类型是右值不做任何其他标准：当您可以简单地说“我保证我们可以将其视为右值”时，“:move”无处不在。

你自己说的，只不过是演员表而已。如果参数已经与预期类型匹配，*_cast 操作是否也会失败？