在表单中显示选定的值答案

【问题标题】：Show the selected value in a form在表单中显示选定的值
【发布时间】：2014-04-04 11:40:42
【问题描述】：

如何将选定的值放入变量中并以另一种形式显示？

代码：

$con=mysqli_connect("localhost","root","","nih_bw");
// Check connection
if (mysqli_connect_errno()){
  echo "Failed to connect to MySQL: " . mysqli_connect_error();
}

$result = mysqli_query($con,"Select name from pools");
echo "<form action='' method='POST' ><select name='mypool'>";

$default_name = "foo_bar"; 
while($row = mysqli_fetch_array($result)){
  $opt_name = $row['name'];
  $str_selected = "";
  if($opt_name == $default_name){
      $str_selected = "selected";
  }
  echo "<option value='".$opt_name."' ".$str_selected." >" . $opt_name. "</option>";
}
echo "<input type='submit' name='submit' value='submit'/>";
echo "</select></form>";
mysqli_close($con);




if (isset($_Post['submit']))
{

echo $_POST['mypool'];

}

【问题讨论】：

把它赋值给一个变量然后回显它？
另一个表单在另一个页面上吗？
echo "选择：".$str_selected;这没有用。
所以你应该创建一个帮助函数来创建你的select。
你为什么把其他问题删了又问过来了？

标签： php sql forms mysqli

【解决方案1】：

使用这个：

$default_name = "foo_bar"; 
while($row = mysqli_fetch_array($result)){
  $opt_name = $row['name'];
  if($opt_name == $default_name){
     echo "<option value='".$opt_name."' selected='selected'>" . $opt_name. "</option>"; 
  } else {
     echo "<option value='".$opt_name."'>" . $opt_name. "</option>";
  }
}

【讨论】：

【解决方案2】：

简单，只需使用表单标签并发布即可，

<?php
$con=mysqli_connect("localhost","root","","nih_bw");
// Check connection
if (mysqli_connect_errno()){
  echo "Failed to connect to MySQL: " . mysqli_connect_error();
}

$result = mysqli_query($con,"Select name from pools");
echo "<form action='ANOTHERPAGEURL' method='POST' ><select name='mypool'>";

$default_name = "foo_bar"; 
while($row = mysqli_fetch_array($result)){
  $opt_name = $row['name'];
  $str_selected = "";
  if($opt_name == $default_name){
      $str_selected = "selected";
  }
  echo "<option value='".$opt_name."' ".$str_selected." >" . $opt_name. "</option>";
}
echo "</select></form>";
mysqli_close($con);
?>

并在另一个页面中使用它，

<?php
echo $_POST['mypool'];
?>

希望这可行

【讨论】：

如果我在同一页面上执行此操作，我会将操作更改为“”，但随后我得到：未定义索引：mypool in
只需检查表单是否正确发布。如果不是通过按钮或一些 JS 的东西（如更改事件）使表单发布。它会正常工作
也只需检查 if(isset($_POST['mypool'])) {echo $_POST['mypool'];} 这将起作用..这将避免未定义的错误。
查看编辑代码，这对我不起作用。当我按下提交时，我什么也拿不出来。
把这段代码放在关闭后... echo "";.. 然后关闭表单..

【解决方案3】：

您必须创建一个<form> 并发布它。

试试这个代码：

if(isset($_POST['mypool']))
   echo "Value is: " . $_POST['mypool'];

echo "<form method='POST' action='#'>";
echo "<select name='mypool'>";

$default_name = "foo_bar"; 
while($row = mysqli_fetch_array($result)){
  $opt_name = $row['name'];
  $str_selected = "";
  if($opt_name == $default_name){
      $str_selected = "selected";
  }
  echo "<option value='".$opt_name."' ".$str_selected." >" . $opt_name. "</option>";
}
echo "</select>";

echo "<input type='submit' name='send' />";
echo "</form>";

如果您想处理另一个页面上的帖子，只需将 action='#' 替换为 action='yourPage.php' 并将此代码移到那里：

if(isset($_POST['mypool']))
       echo "Value is: " . $_POST['mypool'];

【讨论】：