以php形式传递变量的问题

Question

我有以下 php 表单。

我正在尝试这样做，以便在加载表单时，将为这些值分配适当的检查变量。此变量将包含“checked”或“”。如果包含已选中，则它与 html 一起显示的方式应该会导致相关复选框被选中。

事实上，变量似乎没有被传递。当我从 submitinfo 分支中回显 $deleted 或 $notice 时，它​​们是空白的。此外，没有任何内容被插入到数据库中，并且我没有收到任何数据库错误。我该如何检查？

<?php
if (isset($_GET["cmd"]))
  $cmd = $_GET["cmd"]; else
if (isset($_POST["cmd"]))
  $cmd = $_POST["cmd"]; else
die("Invalid URL");
if (isset($_GET["pk"])) {
    $pk = $_GET["pk"];
}
if (isset($_POST["deleted"])) {
    $deleted = $_POST["deleted"];
}
if (isset($_POST["notice"])) {
    $notice = $_POST["notice"];
}
$con = mysqli_connect("localhost","user","password", "db");
if (!$con) {
    echo "Can't connect to MySQL Server. Errorcode: %s\n". mysqli_connect_error();
    exit;
}
$con->set_charset("utf8");
$getformdata = $con->query("select * from STATUS where ARTICLE_NO = '$pk'");
$checkDeleted = "";
$checkNotice = "";
while ($row = mysqli_fetch_assoc($getformdata)) {
    $checkDeleted = $row['deleted'];
    $checkNotice = $row['notice'];
}
if($cmd=="submitinfo") {
    $statusQuery = "INSERT INTO STATUS VALUES (?, ?)";
    if ($statusInfo = $con->prepare($statusQuery)) {
        $statusInfo->bind_param("ss", $deleted, $notice);
        $statusInfo->execute();
        $statusInfo->close();
        echo "true";
    } else {
        echo "false";
    }
    print_r($con->error);
}
if($cmd=="EditStatusData") {
    echo "<form name=\"statusForm\" action=\"test.php\" method=\"post\" enctype=\"multipart/form-data\">
<h1>Editing information for auction: ".$pk."</h1>
Löschung Ebay:
<input type=\"checkbox\" name=\"deleted\" value=\"checked\" ".$checkDeleted." />
<br />
Abmahnung:
<input type=\"checkbox\" name=\"notice\"  value=\"checked\" ".$checkNotice."  />
<br />
<input type=\"hidden\" name=\"cmd\" value=\"submitinfo\" />
<input name=\"Submit\" type=\"submit\" value=\"submit\" />
</form>";
} else {
    print_r($con->error);
}

Answer 1

关于检查错误检查网络服务器日志或确保 php 在您的 php.ini 中显示错误。

您要在网页上发布信息吗？ $deleted 和 $notice 只会在 POST 请求中设置。

Answer 2

IIRC，如果输入类型“checkbox”的值为空字符串，则不会被检查。如果是其他东西，它将被检查。看起来，该值将始终被“选中”。

Answer 3

表单提交方面的简单答案是在每个具有相同名称且值为“未选中”的复选框之前包含一个隐藏输入。该复选框仅在选中时才会覆盖隐藏输入的值。

<input type="hidden" name="notice" value="unchecked" />
<input type="checkbox" name="notice" value="checked" />

这样你总是有 $_POST['notice'] 的值。

对于上面提到的验证错误和设置复选框的选中状态。根据 xhtml 的 w3c 标准，属性“checked”需要有一个值，在这种情况下也是“checked”。

<?php

while ($row = mysqli_fetch_assoc($getformdata)) {
    $checkDeleted = ($row['deleted'] == 'checked') 
        ? 'checked="' . $row['deleted'] . '"' 
        : '';
    $checkNotice = ($row['notice'] == 'checked') 
        ? 'checked="' . $row['notice'] . '"' 
        : '';
}
?>

现在你的属性“checked”将符合标准

Answer 4

我不确定我是否遵循您的代码...

您的 HTML 有：

value="checked"

这意味着如果用户选中该框并上传表单，它将为该字段赋予“已选中”的值（而不是“男性”的值）。

由于您只有这些值作为值，因此永远不会将任何内容作为“未检查”插入表中，此外，您的输入字段具有未经检查和检查的 DB 输出只是坐在那里而没有分配任何属性.. . 这是故意的吗？是否内置到 DB 值中，否则您会产生以下效果：

 <input type="checkbox" name="notice" value="checked" "Foo" /> 

哪个不会真正做很多事情，至少没有什么帮助？

最后，在您的结果获取中，如果我没看错的话，您有：

$checkedValue = $row['checked'];

这意味着，如果您有多个结果，您只需为最后一行分配该值，因此，无论出于何种原因，如果您确实在底部有一个空白行，这将为您提供空白变量并且没有错误。你的意思是把它分配给一个数组吗？或者至少检查结果计数，例如 mysql_num_rows()，以便您可以确认它只是第一行（或者甚至只有一行）。你甚至可以添加一个故障保护并让它在一次迭代后结束 while 循环，以防万一。

哦，最后一件事，如果您使用 Heredoc syntax aka EOD，您的代码将会更简洁、更易于编写和阅读。有了这个，您不必注释掉所有的双引号，您仍然可以使用内联变量。