java.lang.String 无法转换为 JSONObject 2答案

【问题标题】：java.lang.String cannot be converted to JSONObject 2java.lang.String 无法转换为 JSONObject 2
【发布时间】：2017-05-04 22:10:30
【问题描述】：

我想用电子邮件和密码登录数据库并获取信息。我不知道我的问题是什么，因为当点击登录按钮时，什么都没有显示。错误是：

*org.json.JSONException: Value <br of type java.lang.String cannot be converted to JSONObject*.

我的登录代码：

Button SignIn = (Button) findViewById(R.id.btn_signIn);
final EditText etEmail = (EditText) findViewById(R.id.etMail);
final EditText etPassword = (EditText) findViewById(R.id.etPassword);

SignIn.setOnClickListener(new View.OnClickListener() {
    @Override
    public void onClick(View v) {
        email = etEmail.getText().toString();
        password = etPassword.getText().toString();

        Response.Listener<String> responseListener = new Response.Listener<String>() {
            @Override
            public void onResponse(String response) {
                try {
                    JSONObject jsonResponse = new JSONObject(response);
                    boolean success = jsonResponse.getBoolean("success");

                    if (success) {
                        String name = jsonResponse.getString("name");
                        String surname = jsonResponse.getString("surname");

                        Intent intent = new Intent(LoginActivity.this, UsersMainActivity.class);
                        intent.putExtra("name", name);

                        LoginActivity.this.startActivity(intent);
                    } else {
                        AlertDialog.Builder builder = new AlertDialog.Builder(LoginActivity.this);
                        builder.setMessage("Login Failed Please Try again")
                                .setNegativeButton("Retry", null)
                                .create()
                                .show();
                    }
                } catch (JSONException e) {
                    e.printStackTrace();
                }
            }

        };

        LoginRequest loginRequest = new LoginRequest(email, password, responseListener);
        RequestQueue queue = Volley.newRequestQueue(LoginActivity.this);
        queue.add(loginRequest);
    }
});

我的 PHP 代码：

<?php
$con = mysqli_connect("localhost","id1519330","****","id1519330");

    $email = $_POST["email"];
    $password = $_POST["password"];
  $statement = mysqli_prepare($con, "SELECT * FROM user WHERE email = ? and password = ? ");

    mysqli_stmt_bind_param($statement, "ss", $email,$password);
    mysqli_stmt_execute($statement);
    mysqli_stmt_store_result($statement);
    mysqli_stmt_bind_result($statement, $id, $name, $surname, $email, $password);

    $response = array();
    $response["success"] = false;   

 while(mysqli_stmt_fetch($statement)){

            $response["success"] = true;  
            $response["name"] = $name;
            $response["surname"] = $surname;
            $response["email"] = $email;
            $response["password"] = $password;

    }
    echo json_encode($response);
?>

【问题讨论】：

添加一个弹出窗口或控制台 println 以确保密码和电子邮件是字符串，而不是首先是 json 对象。之后，您需要检查实际响应是什么并打印出整个对象。您在某处解析错误。错误消息本身实际上应该告诉您您在解析什么错误，但您没有包含整个内容，
屏幕右侧有Related 部分。回答了大量相同的问题。

标签： java php json

【解决方案1】：

您的响应似乎提供了 HTML 代码（当您的请求未提供状态 200 时发生。通过使用调试器或打印响应来检查您的字符串响应，您将能够知道有什么问题你的要求。

【讨论】：

【解决方案2】：

很可能你response 没有正确的json 样式来解析。请看this page 有关更多详细信息并尝试调试以查看此 response 的值是什么

【讨论】：