【问题标题】：Using DB::select() in Laravel with LIKE clause and a variable column name在 Laravel 中使用带有 LIKE 子句和变量列名的 DB::select()
【发布时间】：2014-08-07 09:10:24
【问题描述】：

在文档中，

$results = DB::select('select * from users where id = ?', array(1));

问题

我有一个变量$column 和$value，我希望他们根据这样的列搜索数据库：

$results = DB::select('select * from users where ? LIKE "%?%"', array($column, $value));

但这会引发错误：

SQLSTATE[42P18]: Indeterminate datatype: 7 ERROR: could not determine data type of parameter $2 (SQL: SELECT * FROM test WHERE refno LIKE '%te%')

我尝试像这样对值进行硬编码：

$results = DB::select('select * from users where ? LIKE "%te%"', array($column));

但它返回一个空白数组。

我该怎么做？请帮忙。

编辑：

查询实际上很长（有多个连接）。因此，如果可能，我宁愿不使用 Query Builder 样式。但如果不可能，那么我将使用查询生成器。

信息：

Laravel v4.2
PostgreSQL

【问题讨论】：

有什么理由不使用查询生成器？

标签： php database laravel

【解决方案1】：

它可以用更多的 Query Builder 风格来完成，像这样：

$results = DB::table('users')
    ->where($column, 'LIKE', '%' . $value . '%')
    ->get();

编辑

使用DB::select() 的唯一可靠方法是：

$results = DB::select("select * from users where ? LIKE '%?%'", array($column, $value));

它产生了正确的查询，我对照数据库检查了它，但也产生了一个空白数组，或者错误的结果。即使这种方法以某种方式有效，您仍然必须手动转义表和列名称，这很乏味并且显然不适用于 ?。如果您假设有一个名为 values 的 $column，则此方法将中断，因为 values 是保留字（至少在 MySQL 中）。

强烈建议使用 Query Builder 方法，因为它还会自动将 SQL 转义添加到表名和列名中。此外，它在 DB 驱动程序中更具可移植性。它还支持轻松连接。无需使用您想要的方法。

【讨论】：

嗨，@delmadord 感谢您的回答。是的，我可以做到。谢谢。我编辑了我的问题。
谢谢..我意识到没有其他办法..我只需要使用查询生成器样式..再次感谢。

【解决方案2】：

我找到工作的唯一方法

$phone = '%'.$phone.'%';

$seachbyphone = DB::select('SELECT * FROM user WHERE phoneno LIKE ?',[$phone]);

【讨论】：

【解决方案3】：

试试这个：

使用应用\用户； //不要忘记将其添加到标题中

$result = User::where('columnName', 'LIKE', "%$value%")->get();

【讨论】：

【解决方案4】：

LIKE '%?%'" 不正确。它必须是 ?，因为 sql 查询只需要 ? =>vacancy/placeholder 作为值。不是任何一个逗号或通配符。

所以你需要用value而不是? =>（占位符）添加%符号，并且它也是安全的。

这就是我们需要的原因

$results = DB::select("select * from users where ? LIKE ?, [$column, '%'.$value.'%'.]);

【讨论】：