XSLT 转换后从生成的 XML 中删除空标签答案

【问题标题】：Remove empty tags from generated XML after XSLT transformationXSLT 转换后从生成的 XML 中删除空标签
【发布时间】：2020-10-03 05:50:17
【问题描述】：

我正在使用 XSLT 将输入 XML 转换为输出 XML。我的要求是在从输入进行 XSLT 转换期间，我需要从输出 XML 中删除所有空标签。

我尝试了这里给出的说明

https://stackoverflow.com/questions/6648679/removing-empty-tags-from-xml-via-xslt

但这可能是在讨论我们只编写用于从 XML 中删除空标签的 XSLT 的场景。在我的例子中，我必须在从输入 XML 转换到输出 XML 时消除空标签（在用于转换的同一个 XSLT 中）。你能建议我怎么做吗？

【问题讨论】：

目前尚不清楚在 XSLT 转换的结果中您认为 empty tag 是什么，结果首先是可能被序列化的节点树，如果您想删除空节点，那么准确定义那是什么（没有子节点且没有属性的元素节点或只有空白内容的元素节点或？）。如果您想真正从输出中删除空节点，请链接两个转换，其中第一个的输出是第二个的输入。在 XSLT 3 的世界中也没有 xsl:where-populated w3.org/TR/xslt-30/#where-populated。
请显示样本输入和所需输出，以及您迄今为止的最佳尝试。这有助于我们了解您在哪里遇到了困难。

标签： xml xslt-2.0

【解决方案1】：

在 XSLT 3 中，使用 xsl:where-populated 作为元素匹配中身份转换的“包装器”就足够了：

<xsl:stylesheet xmlns:xsl="http://www.w3.org/1999/XSL/Transform"
    xmlns:xs="http://www.w3.org/2001/XMLSchema"
    exclude-result-prefixes="#all"
    version="3.0">
    
  <xsl:strip-space elements="*"/>
  <xsl:output indent="yes"/>

  <xsl:mode on-no-match="shallow-copy"/>

  <xsl:template match="*">
      <xsl:where-populated>
          <xsl:copy>
              <xsl:apply-templates select="@*"/>
              <xsl:apply-templates/>
          </xsl:copy>
      </xsl:where-populated>
  </xsl:template>
  
  <xsl:template match="foo"/>
  
</xsl:stylesheet>

【讨论】：