表单提交不更改数据答案

【问题标题】：Form submission not changing data表单提交不更改数据
【发布时间】：2013-08-17 15:15:27
【问题描述】：

我在li 上提交时遇到问题，代码提交只是因为我的数据没有改变。代码如下：

<?php
$theme1 = business;
$theme2 = modern;
$theme3 = web2;
if(isset($_POST['style']))
{setcookie('style', $_POST['style'], time()+(60*60*24*1000));
$style=$_POST['style'];}
elseif(isset($_COOKIE['style']))
{$style=$_COOKIE['style'];}
else
{$style=$theme1;} 

echo "
<link href='"; $style; echo".css' rel='stylesheet' type='text/css' />

<form  action='".$_SERVER['PHP_SELF']."' method='post' id='myForm'>
<li onclick='myForm.submit();' value='$theme1'> business</li>
</form>

";
?>

代码确实在网站上提交，但不会更改数据。该表单是使用选择选项样式制作的。代码如下：

<form action="<?php echo $_SERVER["PHP_SELF"]; ?>" method="post"> 
<select name="style"> 
<option type="submit" <?php echo "value='$theme1'";if($style == $theme1){echo    "selected='selected'";}?>><?php echo $theme1; ?></option>
<option type="submit" <?php echo "value='$theme2'";if($style == $theme2){echo "selected='selected'";}?>><?php echo $theme2; ?></option>
<option type="submit" <?php echo "value='$theme3'";if($style == $theme3){echo "selected='selected'";}?>><?php echo $theme3; ?></option>
</select>
<input type="submit">
</form>

我认为li 缺少一些信息存在问题。我的代码有什么问题？

【问题讨论】：

先生，您需要正确设置基本的 php/html/mysql。
您正在使用; 分隔echo 中的内容；它们应该是逗号。
你没有引用你的字符串。
你没有缩进你的块或间隔你的操作符。
而$_SERVER["PHP_SELF"]不安全，使用htmlspecialchars删除危险字符！

标签： php

【解决方案1】：

有很多错误，但这里有一些修复

$theme1 = 'business';
$theme2 = 'modern';
$theme3 = 'web2'; //qoute strings
if(isset($_POST['style'])){
setcookie('style', $_POST['style'], time()+(60*60*24*1000));
    $style=$_POST['style'];
}
elseif(isset($_COOKIE['style'])){
$style=$_COOKIE['style'];
}else{
$style=$theme1;} 

echo "<link href='". $style . ".css' rel='stylesheet' type='text/css' />"; //this line was way off

【讨论】：

不，我的意思是在这个中你有一个引号而不是一个点。

【解决方案2】：

这里有很多问题！与您的可能问题最相关的是：

; $style; 可能不会像你认为的那样做
<li value="…"> 没有意义，不会随表单一起提交（<li> 在 <ul> 之外无效）

因此，这两个都固定使用 PHP 的标签和 <input type="submit">，以及一些代码样式更改 - 假设您使用的是 PHP 5.4 或更高版本：

<?php
$themes = ['business', 'modern', 'web2'];
if(isset($_POST['style'])) {
    setcookie('style', $_POST['style'], time() + (60 * 60 * 24 * 1000));
    $style = $_POST['style'];
} elseif(isset($_COOKIE['style'])) {
    $style = $_COOKIE['style'];
} else {
    $style = $themes[0];
} 
?>

<link href="<?= $style ?>.css" rel="stylesheet" type="text/css" />

<form method="POST" id="myForm">
    <ul>
        <?php foreach($themes as $theme): ?>
            <li><input type="submit" name="style" value="<?= $theme ?>" /></li>
        <?php endforeach; ?>
    </ul>
</form>

我还建议不要使用 POST 吗？如果有人试图刷新页面，那会很烦人。 GET 对这类事情同样适用，而且链接比按钮更容易设置样式。

【讨论】：

那也没用。看起来 foreach 是围绕这种风格的，但它不工作
@user2692270：那么页面是什么样的？任何 PHP 错误？你把它们打开了吗？
我相信我缺少语法 ;if($style == $theme1)
@user2692270：不，除非您的样式表没有命名为business.css、modern.css 和web2.css。另外，您的样式表是否在同一目录中？是他们没有加载的问题吗？
连代码都没有只是在开始业务或现代时添加单词

【解决方案3】：

是的，你是对的。您错过了在 li 中分配变量。更改以下代码，并在为变量（$theme1、$theme2、$theme3）赋值时，使用单引号赋值，因为它们都是字符串。

echo "<link href='" . $style . ".css' rel='stylesheet' type='text/css' /><form  action='" . $_SERVER['PHP_SELF'] . "' method='post' id='myForm'><li onclick='myForm.submit();' value='" . $theme1 . "'>" . $style . "</li></form>";

注意：这里不是静态值“business”，而是改为$style变量。

【讨论】：