使用 PHP 填充 JSON答案

【问题标题】：JSON Padding With PHP使用 PHP 填充 JSON
【发布时间】：2014-03-11 20:56:50
【问题描述】：

请任何人帮助我尝试在我的 html5 本地主机页面上显示我的 JSON 数据，

我还是 JSON 新手

我得到以下返回，但页面上没有加载数据。

http://www.hostname/getCheck.php?callback?&callback=jQuery110205560797746881064_1392215061343&_=1392215061344

如果有人可以帮忙，请。

下面是我的php脚本

`mysql_select_db($database_xxx, $xxx); $rsfet = "SELECT * FROM cs_tracking "; $fet = mysql_query($rsfet, $xxx) or die(mysql_error()); $json = array(); while($r=mysql_fetch_array($fet)){ $json[] = $r; }

header('Access-Control-Allow-Origin: *');
回声 $callback ='('.json_encode($json).')';`

和我的 javascript 来显示表格数据

` $(文档).ready(函数(){ $.ajax({ url: 'http://xxxxxxxxxxx.com/getCheck.php?callback=?', 类型：'GET'， contentType: "应用程序/json; charset=utf-8", 数据类型：“jsonp”， jsonp：是的，成功：函数（数据）{ $.each（数据，功能（我，照片）{ 变量 tblRow =“” +""+data.CS_Track_Child+"" +""+data.CS_Track_Date+"" +""+data.Tracking_Status+"" +""+data.CS_Tracking_ID+"" +"" ; $(tblRow).appendTo("#userdata tbody"); }); }, }); });`

【问题讨论】：

标签： php json jsonp

【解决方案1】：

$callback 变量没有在您的脚本中神奇地声明（至少不应该这样）；您可以通过$_GET['callback'] 访问该值，但请确保清理其值：

if (isset($_GET['callback']) && preg_match('/[A-Z]\w*/i', $_GET['callback']) {
    header('Content-Type: application/javascript');
    header('Access-Control-Allow-Origin: *');
    printf('%s(%s);', $_GET['callback'], json_encode($json));
}

【讨论】：

我尝试了代码，我的 php 脚本正在生成 JSON，我的表格显示每个值的未定义。

【解决方案2】：

您有两个callback GET 参数，一个有效但为空，第二个无效。

http://www.hostname/getCheck.php?callback?&callback=jQuery110205560797746881064_1392215061343&_=1392215061344

url: 'http://xxxxxxxxxxx.com/getCheck.php?callback=?',

所以删除你的参数并尝试这个：

url: 'http://xxxxxxxxxxx.com/getCheck.php',

【讨论】：

我发现了问题；
我没有调用表格内的正确数据。我使用 data.CS_Track_Child 而不是 item.CS_Track_Child，我还将 (i,photo) 更改为 (i,item) 谢谢大家的帮助。