PHP ImageCreateFromString 和 file_get_contents

Question

我正在尝试在 PHP 中创建一个函数，它允许我输入基本上任何 URL，然后在其上运行一些函数，就像用户在我的服务器上上传一样。因此，我将调整大小并制作一些缩略图，但我需要帮助才能使图像处于可以在其上运行其他代码的状态。该站点上的另一位用户帮助我开始使用 ImageCreateFromString() 和 file_get_contents()

请注意，这段代码缺少很多我知道的东西，我只是想让基本功能正常工作，然后我会添加所有安全措施

我使用这样的 URL 尝试了下面的代码，并将照片 URL 添加到我的脚本 URL：

http://example.com/friendproject2/testing/photos/fromurl/?url=http://a0.twimg.com/a/1262802780/images/twitter_logo_header.png

但它什么也没显示，甚至没有错误

function getphotoURL($url){
    if(isset($url) && $url != 'bad') {
        $image = ImageCreateFromString(file_get_contents($url));
        if (is_resource($image) === true){
            echo 'The URL of the image we fetch is :' .$url. '<BR><BR>';
            //show image
            header('Content-Type: image/jpeg');
            imagejpeg($image, null, 100);
            imagedestroy($image); 
            imagedestroy($image); 
            // image is valid, do your magic here
        }else{
            // not a valid image, show error
            echo 'error getting URL photo from ' .$url;
        }
    }else{
        //url was empty
        echo 'The URL was not passed into our function';
    }
}
?>

---

###### 更新#####

这似乎是我的一个简单错误，就像检查 POST 请求而不是 GET 请求一样简单，下面是我的新代码。

我有几个问题，

1) 我正在使用 imagejpeg($image, null, 100);我想知道，我应该使用其他东西吗？它是否要求源图像是 jpg 或它可以与任何图像一起使用？我需要允许主要类型（jpg、jpeg、gif、png）

2) 与上述问题相同，但在屏幕上显示图像时，我将标题设置为：header('Content-Type: image/jpeg');其他类型的图片不应该是jpg吗？

3) 有没有一种方法可以确保传入的源 URL 是实际图像，如果不是图像，我可以做任何我想做的事情，比如显示我自己的错误或做我自己的代码一旦检测到 URL 不是有效的图像 url

<?PHP
// run our function
if(isset($_GET['url']) && $_GET['url'] != "") {
    getphotoURL($_GET['url'],'no');
}


function getphotoURL($url, $saveimage = 'yes'){
    if(isset($url) && $url != '') {
        $image = imagecreatefromstring(file_get_contents($url));
        if (is_resource($image) === true){
            if($saveimage === 'yes'){
                // resize image and make the thumbs code would go here if we are saving image:
                // resize source image if it is wider then 800 pixels
                // make 1 thumbnail that is 150 pixels wide
            }else{
                // We are not saving the image show it in the user's browser
                header('Content-Type: image/png');
                imagejpeg($image, null, 100);
                imagedestroy($image); 
            }
        }else{
            // not a valid resource, show error
            echo 'error getting URL photo from ' .$url;
        }
    }else{
        // url of image was empty
        echo 'The URL was not passed into our function';
    }
}
?>

Answer 1

在为 PNG 或 GIF 调用 imagecreatefromstring() 之后（用于透明度）

对图像进行以下操作：

imagealphablending($image, true); // setting alpha blending on
imagesavealpha($image, true);

会将纯黑色背景转换为 Alpha 通道。

Answer 2

回答您的新问题：

1) 我正在使用 imagejpeg($image, null, 100);我想知道，我应该是 用别的东西？是否需要 源图像为 jpg 或将 它适用于任何图像吗？我需要 允许主要类型（jpg、jpeg、gif、 png)

嗯，php.net 说，“imagejpeg() 从给定的图像创建一个 JPEG 文件”。但重要的部分是“图像资源，由图像创建函数之一返回，例如 imagecreatetruecolor()。”。并且您使用“imagecreatefromstring() 返回表示从给定数据获得的图像的图像标识符。如果您的 PHP 构建支持它们，将自动检测这些类型：JPEG、PNG、GIF、WBMP 和 GD2。” 所以，应该没问题。

2) 与上述问题相同，但适用于何时 在我的屏幕上显示图像 标头设置为： header('Content-Type: image/jpeg'); 其他类型的不应该是jpg吗 图片？

标题应该是 jpg 类型 - 如果这是文件类型，那么你是正确的。

3) 有没有办法可以确定 传入的源 URL 是 真实的形象，做任何我想做的事 这不是图像，就像展示我自己的一样 错误或一旦检测到就执行我自己的代码 该网址不是有效的图片网址

是的 - 而不是这样做：

$image = ImageCreateFromString(file_get_contents($url));

你可以这样做：

$image = imagecreatefromjpeg($url);
if (!$image) echo "error"; 

imagecreatefromjpeg() 返回一个图像 代表图像的标识符 从给定的文件名中获取。

但实际上，你所拥有的一切都很好。

---

是否显示错误信息

    echo 'The URL was not passed into our function';

还是什么都没有？

如果正在显示错误消息，则检查 === 可能失败：

图像资源将返回 成功。如果返回 FALSE 图像类型不受支持，数据为 不是可识别的格式，或者 图片已损坏，无法加载。

另外，您的开发服务器上的错误日志记录是否已满？这样你就可以看到任何可能的警告被抛出？