Php，如何将类引用传递给方法？ [复制]

Question

assertTriggerThisException ('Exception');
assertTriggerThisException ('AnotherExceptionClass');

function assertTriggerThisException ($exceptionClassname)
{
    try
    {
        something what triggers an exception
    }
    catch ($$exceptionClassname $e) // error
    {
    }
}

所以我想传递对类本身的引用，但这会导致语法错误。我想说“动态地”期待一个例外，有没有办法？

Answer 1

我觉得你可以试试这样的

$someClass = 'SomeException';

try
{
    $some->thing();
}
catch (Exception $e)
{
    switch (get_class($e))
    {
        case $someClass:
            echo 'Dynamic exception.';
            break;
        default:
            echo 'Normal exception.';
    }
}