如何在 Python 中设置模块的文件名，以便模块中发生的异常使用该文件名？答案

【问题标题】：How do I set the filename of a module in Python so that exceptions that occur in the module use that filename?如何在 Python 中设置模块的文件名，以便模块中发生的异常使用该文件名？
【发布时间】：2012-10-19 15:30:14
【问题描述】：

我正在使用 imp 库从字符串中导入模块（不要问）。这一切都很好，花花公子，但是当这样的模块出现错误时，我会得到这样的堆栈跟踪：

Traceback (most recent call last):
  File "<string>", line 33, in do_something
  File "<string>", line 20, in really_do_something
Exception: STRING FILENAME EXAMPLE

我尝试将模块上的 file 属性设置为有意义的值，但在异常回溯中仍使用 <string> 文件名。

关于如何指定异常中使用的文件名有什么想法吗？

更新：我正在像这样使用 imp：Dynamic module importing is trying to do relative imports when it shouldn't

【问题讨论】：

你能显示你使用imp导入模块的代码吗？
文件名取自代码对象，而不是模块对象。我们需要看看你是如何编译字符串的。
k，添加了我如何使用 imp 模块的链接
看起来imp.new_module 返回了一个新的（空）模块。然后用exec 填充它。重新处理逻辑似乎更容易，以便改用imp.load_module...

标签： python string python-import python-module

【解决方案1】：

文件名在exec() 生成的代码对象中设置。不要将exec() 与字符串一起使用，而应使用compile() 单独编译代码。这样你就可以设置文件名了：

code = compile(file_contents, '/your/filename.py', 'exec')
exec(code, mod.__dict__)

【讨论】：

vars(mod) 是mod.__dict__ 的替代品。