Flask-Admin：如何在 ModelView 中获取模型对象属性？答案

【问题标题】：Flask-Admin: How to get Model object attribute in ModelView?Flask-Admin：如何在 ModelView 中获取模型对象属性？
【发布时间】：2018-07-02 19:25:21
【问题描述】：

初始信息：

我在SQLAlchemy 中有Page 模型：

class Page(db.Model):

    id = db.Column(db.Integer, primary_key=True)
    name = db.Column(db.String(128), index=True, nullable=False)
    url = db.Column(db.String(128), default="", nullable=False, unique=True)
    main_image = db.Column(db.Unicode(128))

它有PageView（ModelView 来自Flask-Admin）和ImageUploadField 覆盖：

class PageView(ModelView):

    form_extra_fields = {
        'main_image': form.ImageUploadField(
            'Main image',
            base_path=file_path,
            relative_path='product_images/{}/'.format(models.Page.url),
            thumbnail_size=(100, 100, True),
        )}

from app import models

我想要什么：将图像保存在每个页面的不同子文件夹中，使用页面 url（如“about”或“samsung-galaxy-7”）作为子文件夹名称。自定义重复操作需要它，因此具有相同名称的文件不会相互覆盖。

主要问题：我无法在PageView 中获取Page 对象属性以在路径中使用它。我可以在一些 Flask-Admin 方法中得到它，比如 on_model_change，所以我可以在每次模型更改后手动移动/删除文件，但感觉真的很不合 Python。

问题：那么，有没有办法在ModelView 中使用对象属性？ __init__ super() 之类的东西是完全可以接受的:)

【问题讨论】：

标签： python flask flask-sqlalchemy flask-admin

【解决方案1】：

已通过ImageUploadField.namegen (docs) 解决。我决定不创建子目录，而是为所有页面图像添加 url 前缀：

def add_url_to_name(obj, file_data):
    parts = op.splitext(file_data.filename)
    return '{}_{}{}'.format(obj.url, parts[0], parts[1])

form_extra_fields = {
    'main_image': form.ImageUploadField(
        'Main image',
        base_path=file_path,
        relative_path='product_images/',
        thumbnail_size=(100, 100, True),
        namegen=add_url_to_name,
    )
}

【讨论】：