在 Bash 中获取文件（仅当它存在时）的最简洁方法是什么？答案

【问题标题】：What is the most concise way to source a file (only if it exists) in Bash?在 Bash 中获取文件（仅当它存在时）的最简洁方法是什么？
【发布时间】：2012-05-24 10:21:57
【问题描述】：

在 Bash 脚本中，是否有一个单独的语句替代方案？

if [ -f /path/to/some/file ]; then
    source /path/to/some/file
fi

最重要的是文件名只存在一次，而不是使其成为变量（这会增加更多行）。

例如，在 PHP 中你可以这样做

@include("/path/to/some/file"); // @ makes it ignore errors

【问题讨论】：

重要阅读：unix.stackexchange.com/questions/450239/…

标签： bash error-handling include

【解决方案1】：

是否可以定义您自己的@include 版本？

include () {
    [[ -f "$1" ]] && source "$1"
}

include FILE

【讨论】：

如果源脚本引用其位置参数，这将无法按预期工作。见this question。我想知道为什么 8 年来没有人指出这一点。
你的意思是include FILE a b c之类的东西是否等同于source FILE a b c？
我不明白你认为第一个参数会如何加倍，除非你写的是source "$1" "$@"。至于我为什么不使用"$@"，对于原来的问题来说根本没有必要。
这就是我想说的：https://repl.it/repls/LightblueTriangularLoopfusion（在线编辑）
没关系。不过，它与这个问题并没有太大关系，它从未提到任何需要将参数传递给要获取的文件。

【解决方案2】：

如果您担心单行而不重复文件名，也许：

FILE=/path/to/some/file && test -f $FILE && source $FILE

【讨论】：

如果set -ex 的设置超出您的控制范围（例如在构建环境中），这就是您想要的答案。

【解决方案3】：

如果您担心警告（并且缺少源文件对您的脚本来说并不重要），只需摆脱警告：

source FILE 2> /dev/null

【讨论】：

该文件是可选的，因此缺少它是意料之中的，但这不会也丢弃包含的脚本生成的任何输出吗？
@BartvanHeukelom：是的，但它只会丢弃脚本发送到标准 error 的任何输出。脚本发送到标准输出的任何输出都可以正常通过。

【解决方案4】：

你可以试试

test -f $FILE && source $FILE

如果 test 返回 false，则不计算 && 的第二部分

【讨论】：

稍微好一点，但我宁愿只使用一次 $FILE（更新问题）
既然是变量，它的值会是一致的，我觉得你不用管它
就是这样，不一定是变量
您可以将名称分配给变量，然后将问题简化为我的答案是解决方案的问题（这样您就不会重复文件名）

【解决方案5】：

这是我能得到的最短的（文件名加上 20 个字符）：

F=/path/to/some/file;[ -f $F ] && . $F

相当于：

F=/path/to/some/file 
test -f $F && source $F

为了提高可读性，我更喜欢这种形式：

FILE=/path/to/some/file ; [ -f $FILE ] && . $FILE

【讨论】：

【解决方案6】：

如果您想始终获得干净的退出代码，并且无论如何都继续，那么您可以这样做：

source ~/.bashrc || true && echo 'is always executed!'

如果您还想摆脱错误消息，那么：

source ~/.bashrc 2> /dev/null || true && echo 'is always executed!'

【讨论】：

【解决方案7】：

如果您不关心脚本的输出，您可以将标准错误重定向到/dev/null，如下所示：

$ source FILE 2> /dev/null

【讨论】：