获取通过 cURL POST 发送的文件的内容

Question

所以经过一番研究，我发现可以通过cURL将文件发送到另一个页面。这是发送部分的代码：

$url = 'http://someabc.com/api.php';
$ch = curl_init();
curl_setopt($ch, CURLOPT_HEADER, 0);
curl_setopt($ch, CURLOPT_VERBOSE, 0);
curl_setopt($ch, CURLOPT_RETURNTRANSFER, 1);
curl_setopt($ch, CURLOPT_URL, $url);
curl_setopt($ch, CURLOPT_POST, true);
$postData = array(
    'array' => "@".realpath('array.txt'),
);
curl_setopt($ch, CURLOPT_POSTFIELDS, $postData);
$response = curl_exec($ch);

echo $response;

接收部分（api.php）

if(isset($_POST['array']))
{
    $string = $_POST['array'];
    echo $string;
}
else
{
    echo 'Not found';
}

当我运行包含 cURL 请求的页面时，我在页面上打印了Not found。

这是否意味着我以错误的方式捕获数据？如果是这样，从api.php 页面获取array.txt 内容的方法是什么？

更新

按照 Jon 的建议使用 $_FILES 后，我收到了以下数组：

Array
(
    [name] => array.txt
    [type] => application/octet-stream
    [tmp_name] => /tmp/phpPQZXf9
    [error] => 0
    [size] => 77413
)

现在我尝试使用以下方法获取此文件的内容：

$tmp = $_FILES['array'];
$string = file_get_contents($tmp['name']['tmp_name']);

但收到错误Warning: file_get_contents(a) [function.file-get-contents]: failed to open stream: No such file or directory，这意味着我没有正确引用文件。我现在哪里出错了？

Answer 1

对于更新前的第一部分，问题存在是因为在将文件发布到页面时，无论它发生的方法如何（即<input type='file />、curl 等），PHP 始终可以通过$_FILES 变量，它是一个关联数组，在你的情况下，应该是 $_FILES['array'] 包含临时文件位置的信息。该数组应类似于：

Array 
(
    [array] => Array
    (
            [name] => array.txt
            [type] => encoding type
            [tmp_name] => /tmp/path/file
            [error] => 0 (if no error)
            [size] => [filesize]
    )
)

要从那里访问该文件，您需要将其从tmp 目录移动到您有权访问的目录中。这是通过move_uploaded_file 完成的。一个使用这个的例子是：

$upDir = 'uploads/';
move_uploaded_file($_FILES['array']['tmp_name'], $upDir. $_FILES['array']['name']);

从那里，该文件将位于服务器上 uploads/array.txt 中 php 文件的相对路径下，您可以在那里做任何事情。 ^^

Answer 2

如果您尝试发布文件，则数据将在 $_FILES 上可用。您可以使用以下代码进行检查

var_dump($_FILES);

如果您从 $_FILES 获取文件信息，则可以将您的检查“if(isset($_POST['array']))”替换为

if(count($_FILES))
{
    ...
}
else
{
    echo 'Not found';
}

访问文件内容尝试：

$tmp = $_FILES['array'];
$string = file_get_contents($tmp['tmp_name']);