def foo():
a = 0
def bar():
a += 1
bar()
foo()
为什么这段代码在 a 是不可变类型时不执行，但在可变类型（例如列表）时执行？
【问题讨论】：
+= 是一个赋值运算符，它使第二个 a 局部于 bar 并且未初始化。
标签： python
我不认为其他答案叙述了整个故事，所以这是我的 2 美分。
不同类型的范围没有区别。这不是这里发生的事情。
重新绑定名称，无论该名称指的是什么，都会导致发生未绑定的本地错误。
Python 中的某些类型是可变的（一旦创建，值就可以更改），list 就是其中之一。有些是不可变的，更改这些类型的值需要创建一个新对象。
所以，对于第一个例子，
def foo():
a = 0
def bar():
a += 1
bar()
foo()
这不起作用，因为您实际上有一个任务在这里进行，a = a + 1。您可以使用non-local 来完成上述工作，这不是重点。
对列表做同样的事情：
def foo():
a = []
def bar():
a.append(1)
bar()
foo()
这确实有效。这里没有任务。
您不能将名称重新绑定到不同的对象，但如果对象是可变的，您可以修改其内容。
现在，还有 2 种情况您应该注意。
def foo():
a = []
c = []
def bar():
a = c + [1]
bar()
print(a)
print(c)
foo()
这会起作用，但是您应该注意，bar() 内的 a 现在是 bar 的本地，并且 print() 语句应该反映这一点。
但这里有个问题
def foo():
a = []
def bar():
a = a + [1] #or even a += [1], doesn't matter
bar()
print(a)
foo()
这行不通！ （将这个 sn-p 与第一个 sn-p 进行对比很重要，因为这说明了为什么这与作用域无关。花一分钟再读一遍。）
所以这是行不通的，理解它很重要。
如果在函数内部对变量进行赋值，则该变量被视为局部变量。
现在，在最后一种情况下，当我们执行 a = c + 1 时，它更像是 a_local = c_nonlocal + 1。
在这种情况下，a = a + 1 是 a_local = a_local + 1，因此，这确实会导致错误。
这就是为什么，重新绑定一个名字，不管这个名字指的是什么，总是会导致一个未绑定的本地错误发生。
在前面的情况下（第三个sn -p)，它没有重新绑定它——它正在创建一个局部变量。
在后一种情况下（第四个 sn-p），它实际上是重新绑定，因此出现错误。
【讨论】：
有一个关键字nonlocal用于访问非局部变量。
nonlocal 关键字用于处理嵌套函数中的变量，其中变量不应属于内部函数。 --w3schools.com
def foo():
a = 0
def bar():
nonlocal a
a += 1
bar()
foo()
谢谢
【讨论】：
那是因为您没有从任何一个函数返回任何值，而第二个 a 只是 local 到函数 bar()。
尝试像这样使用 nonlocal 关键字：
def foo():
a = 0
def bar():
nonlocal a
a += 1
return a
return bar()
print(foo())
输出
1
【讨论】：