php字符串比较搜索只返回一个条目不返回正确的条目

Question

我正在使用 ajax 将搜索字符串发送到执行类似 mysql 的函数的 php 脚本，以查找所有与用户名相关的条目，例如发送用于好友搜索的字符串。我在数据库 zukeru 和 zukeru2 中有两个当前条目。当我搜索 z 时，我只会在控制台输出中返回 zukeru。当我搜索 2 时，我仍然得到 zukeru，我真的不知道为什么。

还有如何从 php 嵌套元组中删除特定字段。出于明显的原因，我不想包含密码字段。抱歉，我是 php 学习的新手，到目前为止，它并没有我想象的那么糟糕，它有点类似于 python。

搜索数字 2 时返回的对象，但我得到了 zukeru 而不是 zukeru2 没有意义。

Object {0: "2", 1: "you wish you could see", 2: "zukeru", 3: "deleted for security", 4: "grant", id: "2", email: "deleted for security", username: "zukeru", password: "deleted for security", name: "grant"}

这是我用于上述结果的搜索字符串。你可以看到我搜索了 2 并返回了 zukeru 而不是 zukeru2

profile.php:92 searchstring=2

<?php 
    $db = new mysqli(security reasons removed.);
    extract($_POST);
    //I think i can remove this session start ?
    session_start();
    $serach_string = $_POST['searchstring'];
    $fetch=$db->query("SELECT * FROM users WHERE username LIKE '%$serach_string%'");
    $friends=mysqli_fetch_array($fetch);
    //echo $search_string
    echo json_encode($friends);
?>

这是我的 jquery 以防你想看

  function search(){
        var url = "search_friends.php";       
          $.ajax({
            type: "POST",
              url: url,
               data: $("#search_friends").serialize(), // serializes the form's elements.
                 success: function(data)
                   {   
                    //console.log(data);       
                     var returned_friends = JSON.parse(data); 
                     var html_built = '<br>';
                     console.log(returned_friends);
                     console.log($("#search_friends").serialize());
                     if (returned_friends){ 
                         $.each( returned_friends, function( key, value ) {
                            if (key =="username"){
                                html_built += '<li><a href="#"><button class="btn btn-primary" style="width:100%;" id="'+value+'" onClick="add_friend(this.id)"> Send '+value+' A Friend Request</button></li>';
                            }
                         });
                    }
                    html_built += ""
                     document.getElementById("list_friends").innerHTML = html_built;  

                   }
               });
        return false;
  }

这是我目前使用的，我得到未定义的方法。它找不到 fetch_all();我使用的是 php 5.4

这是返回的控制台错误。

<br />
<b>Fatal error</b>:  Call to undefined method mysqli_result::fetch_all() in <b>/home/gzukel/public_html/search_friends.php</b> on line <b>7</b><br />

<?php 
    $db = new mysqli();
    extract($_POST);
    session_start();
    $serach_string = $_POST['searchstring'];
    if($fetch=$db->query("SELECT username FROM users WHERE username LIKE '%$serach_string%'")){
       $friends=$fetch->fetch_all();
       echo json_encode($friends);
    }else{
       echo 'no results';
    }
?>

Answer 1

这样的？

<?php 
    $db = new mysqli();
    extract($_POST);
    session_start();
    $serach_string = $_POST['searchstring'];
    $fetch=$db->query("SELECT * FROM users WHERE username LIKE '%$serach_string%'");
    $friends=[]

    while($row = $fetch->fetch_array())
    {
        $rows[] = $row;
    }

    foreach($rows as $row)
    {
        array_push($friends,$row['username']);   
    }
    //echo $search_string
    echo json_encode($friends);
?>

Answer 2

你可以使用fetch all:

if($fetch=$db->query("SELECT username FROM users WHERE username LIKE '%$serach_string%'")){

   $friends= $fetch->fetch_all();

   echo json_encode($friends);
}else{
   echo 'no results';
}