如何在不崩溃的情况下将参数传递给对象函数

Question

我正在尝试将viewController 的逻辑移动到view model，但由于某种原因它总是崩溃，说unexpectedly found nil while unwrapping an Optional value。无论我尝试移动什么代码，我都会经常收到这个错误，所以我一定是在做一些根本错误的事情。这是我在viewController 中的代码示例：

var recipesViewModel: RecipesViewModel! //VIEW MODEL CLASS REFERENCE


var recipeCategory = recipesViewModel.transformToUpperCase(dataRecieverStringRecipeView: "testString")

然后在view modelclass：

func transformToUpperCase(dataRecieverStringRecipeView: String) -> String {
    var recipeCategory = dataRecieverStringRecipeView
    var prefixRecipeCategory = recipeCategory.prefix(1).uppercased()
    var dropFirstRecipeCategory = recipeCategory.dropFirst()
    var upperCasedRecipeCategory = prefixRecipeCategory + dropFirstRecipeCategory
    return upperCasedRecipeCategory
}

...它将字符串转换为第一个字母为大写字母。

当一切都在view model 中时，代码工作得非常好，但是一旦我将它移到另一个类并通过它崩溃的对象调用函数。我错过了什么？

Answer 1

您需要修复您的视图模型类引用

要更改的行：

var recipesViewModel: RecipesViewModel!

---

替换线：

var recipesViewModel = RecipesViewModel()

---

这行代码将正确声明/创建recipesViewModel 作为RecipesViewModel 类的对象。

希望能解决您的问题！

Answer 2

var recipesViewModel: RecipesViewModel! 不实例化新对象。将类别函数放回您的 RecipesViewModel 类中，然后将变量声明更改为：

声明

var recipesViewModel: RecipesViewModel! 

---

稍后

recipesViewModel = RecipesViewModel() //or whatever initializer you need.

---

编辑

正如 rmaddy 指出的那样：您可能可以放弃 !并使用var recipesViewModel: RecipesViewModel = RecipesViewModel() 代替，如果您没有任何可失败的初始化程序，或者这不是运行时注入的属性，只需将其作为 1-liner：

var recipesViewModel: RecipesViewModel = RecipesViewModel()