在开始时声明没有 var 符号的变量？ [关闭]答案

【问题标题】：Declaring variable without var sign in beginning? [closed]在开始时声明没有 var 符号的变量？ [关闭]
【发布时间】：2011-08-18 00:22:08
【问题描述】：

我看到类说 var _hello_kitty = array(); 为什么他们不使用 $？我试图使它成为public 和static，如果不添加$i.e. 它就无法工作。 public static $_hello_kitty = array();

现在，当我添加 $ 其他通过 _hello_kitty 引用它的函数时停止工作。

编辑：OOOPS 是我的错，我以某种方式从那里删除了 $，我循环了原始文件并在那里。但它仍然像 $this->_tpl_vars[$tpl_var] = &$value 没有 $ 引用，我不能使用 self::_tpl_vars[$tpl_var];

现在我确实使用了 self::$_tpl_vars[$tpl_var];但现在出现错误array_merge() [function.array-merge]: Argument #1 is not an array i

【问题讨论】：

是的，它在 Smarty php 模板语言文件 Smarty.class.php 里面是清晰的 php
等等 - 你是在 smarty 模板中分配变量吗？
OOOPS 是我的错，我以某种方式从那里删除了 $，我循环了原始文件及其那里。但它仍然像 $this->_tpl_vars[$tpl_var] = &$value;
感谢您让我们知道错误，Poemm。继续delete这个问题。 $this->_tpl_vars[$tpl_var] 是有效的 php 以及您访问成员变量的确切方式。
您需要阅读 PHP 中类和对象的基础知识。 php.net/manual/en/language.oop5.basic.php

标签： php smarty declaration

【解决方案1】：

您正在使用 smarty，看起来您正在使用 PHP 4 的类变量表示法：

var

它的 PHP 5 表示是：

public

但是您不需要更改代码，因为 PHP 是向后兼容的。保持原样以提醒您事情会发生变化，对于您自己的代码，您不会使用var。

如果您真的需要更改代码，因为它中断（而不是您因为要更改代码而中断代码），您会及早注意到。

【讨论】：

【解决方案2】：

这就是 PHP 类属性的语法的工作原理。

您使用美元符号定义属性，例如

public $publicProperty;
protected $protectedProperty;
private $privatePropertyKeepOutLulz;

从类实例（即对象）引用它们时，省略美元符号，例如

$obj->publicProperty;
$this->protectedProperty;
$this->privatePropertyKeepOutLulz;

更新

使用 static 关键字声明静态属性

public static $publicStaticProperty;
private static $privateStaticProperty;

然后你像这样引用它们

// From outside the class (only applies to public properties)
ClassName::$publicStaticProperty;

// From within the class
self::$privateStaticProperty;

// From a descendant class (public or protected only)
parent::$property;

【讨论】：

如果我使用 $publicProperty; 可能仍然无法工作；然后它引用 publicProperty 的其他地方会抛出错误，但没关系我将使用其他方法而无需弄乱这个类
@Poemm 我不知道你在说什么。请看Jared's answer

【解决方案3】：

在 PHP 中，变量以美元符号为前缀，即编程语言的sigil。这是计算中的一个重要概念，也是 PHP 能够识别变量的唯一方法。

来自wikipedia（从不说谎）：

在很大程度上受 Perl 启发的 PHP 语言中，“$”位于前面任何变量名。不以此为前缀的名称被视为常量或函数。

就是这样。

【讨论】：