使用函数从外部 php 文件中回显 SQL 结果答案

【问题标题】：Use function to echo SQL results from external php file使用函数从外部 php 文件中回显 SQL 结果
【发布时间】：2017-03-29 23:44:49
【问题描述】：

在尝试制作“模板引擎”时，我得到了奇怪的结果。基本上，我希望能够使用包含来自 SQL 数据库的数据的 PHP 变量。

发生的情况是PHP端一切正常，而不是需要显示此信息的页面（index.php）。

我正在研究一种从 sql 数据库中获取网站名称的方法，所以我的索引上有类似的东西：

 <?php 

 include ('php/data/sitename.php');

 ?>

 <!DOCTYPE html>
  <html>
    <head>
    <title><?php echo $sitename; ?> - Home</title>
      <!--Import Google Icon Font-->
      <link href="http://fonts.googleapis.com/icon?family=Material+Icons" rel="stylesheet">
      <!--Import materialize.css-->
      <link type="text/css" rel="stylesheet" href="css/materialize.min.css"  media="screen,projection"/>
      <!--Let browser know website is optimized for mobile-->
      <meta name="viewport" content="width=device-width, initial-scale=1.0"/>
    </head>
    <body>
    <div class="container">
        <!-- HEADER: Navbar -->
        <?php $navbar; ?>
        <!-- MAIN: Index Page contents -->
        <?php $page_index ?>
        <!-- FOOTER: Footer -->
        <?php $footer; ?>
        <?php $sitename; ?>
    </div>
      <!--Import jQuery before materialize.js-->
      <script type="text/javascript" src="https://code.jquery.com/jquery-2.1.1.min.js"></script>
      <script type="text/javascript" src="js/materialize.min.js"></script>
    </body>
  </html>

此变量来自名为 sitename.php 的文件（已包含在内），代码如下：

<?php
include ('../db.php');

$sql = "SELECT id, sitename FROM GeneralData";
$getname = mysqli_query($conn, $sql);

if ($getname->num_rows > 0) {
    while($row = $getname->fetch_assoc()) {
        $sitename = $row['sitename'];
        echo $sitename;
    }
}




?>

是的，我使用了 echo $sitename;，我知道它不会回显实际数据，但我这样做是为了测试一些东西，结果如下：

将文件sitename.php 包含到index.php 将什么都不做，就像它不存在一样。但是，如果我写 "echo "123";"在它上面，它将在索引上回显 123。行不通的就是我需要的。
如果我直接访问 sitename.php，它只会输出我请求的正确 SQL 值，因为我告诉它回显（如我之前所述）。但是，它在索引中不起作用，根本不起作用。

另外，我将把我的项目结构留在这里。它可能会有所帮助。

我能做什么？提前致谢！

【问题讨论】：

你需要使用eval()从一个变量中执行PHP代码。
这是一个非常糟糕的主意。您应该使用真正的模板库，而不是将变量放入数据中。
我应该怎么做？
我认为这是一个范围问题。因为 var 是在另一个文件中声明的，所以它在您的主文件中不是“可见的”。在您的 if 语句之前，添加 global $sitename = ''; 并查看是否有效。
你知道 $sitename;不是全局变量吧？

标签： php mysql echo

【解决方案1】：

尝试为站点名称设置GLOBAL

GLOBAL $sitename;

或

GLOBALS['sitename'];
$sitename = ...

编辑尝试使用

   $path = $_SERVER['DOCUMENT_ROOT'];
   $path .= "/yourpath/yourfile.php";
   include_once($path);

【讨论】：

您希望在单击 sitename 时，会直接指向 sitename.php 对吗？你试试加href
对不起，伙计。正确检查您的文件路径。使用`$path = "../db.php"; if(file_exists($path)){ 包括 $path; }else{ die("{$path} ..."); } `
好的，我稍后再检查。也请对不起我虐待了你，我不应该这样做，你只是想帮忙。对不起，谢谢！
不正确阅读问题是我的错。希望对你有帮助