PHP：如何修复这种类型提示错误？答案

【问题标题】：PHP: How do I fix this type hinting error?PHP：如何修复这种类型提示错误？
【发布时间】：2021-02-17 17:25:50
【问题描述】：

function foo(int $one, int $two, int &$output): void
{
    $output = $one + $two;
}
foo(1, 2, $result);
var_dump($result);

产生这个错误：

PHP 致命错误：未捕获的 TypeError：传递给 foo() 的参数 3 必须是 int 类型，给定 null

如果不将$result 预先设置为预期类型的值等，有什么方法可以避免这种情况？

【问题讨论】：

为什么要为$output 设置类型提示？
首先，我习惯于对所有内容进行完全类型提示，因为我使用了 Psalm 和 PHPStan 等静态分析工具。他们会抱怨缺少类型提示，除非我通过注解/cmets 在异常中编码。

【解决方案1】：

来自manual

类型化的传递引用参数

引用参数的声明类型在函数入口时检查，但在函数返回时不检查，所以在函数返回后，参数的类型可能已经改变。

如果您立即为$output 分配一个新值，那么它的类型声明是无关紧要的。要么省略类型声明，要么将其标记为可为空

function foo(int $one, int $two, ?int &$output): void
{
    $output = $one + $two;
}

当然，这种类型的模式很复杂，对于像这样简单的事情毫无意义

function foo(int $one, int $two): int
{
    return $one + $two;
}

【讨论】：

【解决方案2】：

您可以在 PHP 8 中使用联合类型：

function foo(int $one, int $two, int|null &$output): void
{
    $output = $one + $two;
}
foo(1, 2, $result);
var_dump($result);

【讨论】：