如何为带有可选元素的 XML 定义 XSD

Question

我有一个这样的xml

<datapoint>
   <fieldname>somestring</fieldname>
   <value>some string</value>
</datapoint>
<datapoint>
   <fieldname>somestring</fieldname>
   <value>some string</value>
</datapoint>
<datapoint>
   <fieldname>somestring</fieldname>
   <value>
       <filename>some string</filename>
   </value>
</datapoint>

我需要为此 XML 定义 XSD。我使用 value 作为复杂类型。但是当我将值用作复杂类型时，我无法从 JAXB 中的值解析字符串值。我只得到一个对象。如果我将值声明为简单类型（字符串），我将无法读取文件名。我该怎么办..请帮忙。

Answer 1

通过在定义中包含 minOccurs="0" 将 XML 元素标记为可选。

---

我使用 value 作为复杂类型。但是当我将值用作复杂类型时 无法从 JAXB 中的 Value 解析字符串值

如果您只是定义复杂类型，那么您需要将相应的类传递给 unmarshal 方法：

Datapoint datapoint = unmarshaller.unmarshal(xml, Datapoint.class).getValue();

如果为复杂类型定义全局元素，则不需要使用类参数。如果您定义一个引用命名复杂类型的全局元素，您将返回一个 JAXBElement<Datapoint> 的实例，如果您定义一个具有匿名类型的全局元素，您将返回一个 Datapoint 的实例。

• http://blog.bdoughan.com/2012/07/jaxb-and-root-elements.html