Apache Camel：控制路由启动

Question

我有一个使用 cxf 和 camel 配置的安静的 web 服务。我的配置 xml 是：

<jaxrs:server id="restContainer" address="/" staticSubresourceResolution="true"> <jaxrs:serviceBeans>  
<ref bean="FooBar" />
  </jaxrs:serviceBeans> 
 <jaxrs:providers>  
<bean class="org.apache.cxf.jaxrs.provider.JSONProvider">
  <property name="dropRootElement" value="true" /> 
 <property name="supportUnwrapped" value="true" /> 
 </jaxrs:providers>  
<camelcxf:rsServer id="rsServer" address="/" serviceClass="com.camel.example.FooBar" /> <camel:camelContext id="camelContext-1">  
<camel:route> 
 <camel:from uri="cxfrs:bean:rsServer" />  
<camel:to uri="http://localhost:8080/Google/rest/search" />  
</camel:route>  
</camel:camelContext> 

现在我有 FooBar 类，它作为服务公开，如下所示：

@Service("Demo") @Path("/foo/bar") public class FooBar{

       @POST @Produces(MediaType.APPLICATION_JSON) @Consumes(MediaType.APPLICATION_JSON) public PoiDetailsResponse poiGetDetails(
            PoiDetailsRequest json)
    {
        System.out.println(json.getUname());
        System.out.println(json.getDeviceid());
        //do some validation and some business logic
        //return accordingly;
    }

我担心的是，当我访问我的服务器时 .. camelContext 会立即接管，并且我的课程中存在的方法根本没有被触及 .. 事实上，来自我的“to”部分路由的任何响应都会被发送回客户端..现在一种方法是我为每个业务逻辑添加多个处理器。但我真的想先执行我的方法，然后开始路由..我该怎么做？我也可以用我想要的任何参数访问我的服务器，即使它们是错误的（意味着 PoiDetailsRequest 变量的错误数据类型）并获取任何响应参数（它们不是 PoiDetailsResponse 的一部分），这当然不是一件好事..请提出一些建议..

Answer 1

如果要公开 RS 服务并使用服务 bean，则不需要使用 Camel cxfrs 组件。您可以为此使用普通的 CXF RS。

Camel cxfrs 组件用于当你想让 RS 服务路由直接进入 Camel 路由时。

如果您希望您的方法首先执行，那么您可以通过使用 ProducerTemplate 从您的方法调用 Camel 使用直接端点向 Camel 路由发送消息。