具有命名根的 Scala 案例类 Json 转换答案

【问题标题】：Scala Case Class Json Transform With Named Root具有命名根的 Scala 案例类 Json 转换
【发布时间】：2015-09-09 22:37:04
【问题描述】：

我目前正在使用带有 Scala 的 Playframework 2.4 开发一个小型且简单的 Rest API。我确实定义了一个简单的案例类，并且很容易将其转换为 Json。现在我想命名该对象（如果结果是一个列表，则此列表中的每个条目）。

这是否可能以简单的方式实现？我刚刚找到this，但它并没有真正解决我的问题。

case class Employee(name: String, address: String, dob: Date, joiningDate: Date, designation: String)

// Generates Writes and Reads for Feed and User thanks to Json Macros
implicit val employeeReads = Json.reads[Employee]
implicit val employeeWrites = Json.writes[Employee]

所以，现在我确实得到了

{
  "name": "a name",
  "address": "an address",
  ...
}

但我想看到类似的东西：

"employee": {
  "name": "a name",
  "address": "an address",
  ...
}

对于对象列表，同样的规则应该适用：

"employees": [
  "employee": {
    "name": "a name",
    "address": "an address",
    ...
  },
  ...
]

这可能使用给定的写入宏吗？我现在有点迷茫;-(

【问题讨论】：

标签： json scala playframework playframework-2.4

【解决方案1】：

您所期望的不是有效的 JSON，即您必须将示例包裹在花括号中以表示对象 - 因为顶级 JSON 元素必须是对象、数组或字符串、数字、布尔值, 或 null 文字。如果您可以接受将结果括在花括号中，即

{
  "employee": {
    "name": "a name",
    "address": "an address",
    ...
  }
}

和

{
  "employees": [
    {
      "employee": {
        "name": "a name",
        "address": "an address",
        ...
      }
    },
    ...
  ]
}

然后创建一个包装案例类应该会为您解决它：

import play.api.libs.json._
import play.api.libs.functional.syntax._

// instead of using `reads` and `writes` separately, you can use `format`, which covers both
implicit val employeeFormat = Json.format[Employee]
case class EmployeeWrapper(employee: Employee)

implicit val employeeWrapperFormat = Json.format[EmployeeWrapper]
implicit val employeesWrapperFormat =
  (__ \ "employees").format[List[EmployeeWrapper]]

【讨论】：