使用 PHP 和 MYSQL 的动态下拉列表答案

【问题标题】：Dynamic dropdown list with PHP & MYSQL使用 PHP 和 MYSQL 的动态下拉列表
【发布时间】：2017-03-02 11:25:39
【问题描述】：

我一直在尝试使用从 MYSQL 获取数据的动态下拉列表创建一个表单。我的数据库很好，没有错误。

第一类下拉菜单工作正常，但我想知道为什么我的第二个下拉菜单不工作。我只是无法追踪代码中的任何错误，但这种情况正在发生。这是我的代码：

动态下拉表单代码：

<?php
    include_once "connection.php";
?>

<!DOCTYPE html>
<html>
    <head>
        <title>Dropdown Ajax</title>
    </head>
    <body>
        <div class="country">
            <label>Country</label>
            <select name="country" onchange="getId(this.value);">
                <option value="">Select Country</option>
                //populate value using php
                <?php
                    $query = "SELECT * FROM country";
                    $results=mysqli_query($con, $query);
                    //loop
                    foreach ($results as $country){
                ?>
                        <option value="<?php echo $country["cid"];?>"><?php echo $country["country"];?></option>
                <?php
                    }
                ?>
            </select>
        </div>

        <div class="city">
            <label>City</label>
            <select name="city" id="cityList">
                <option value=""></option>
            </select>
        </div>
    <script   src="https://code.jquery.com/jquery-3.1.1.js"   integrity="sha256-
16cdPddA6VdVInumRGo6IbivbERE8p7CQR3HzTBuELA="   crossorigin="anonymous">  
    </script>
    <script>
        function getId(val){
            //We create ajax function
            $.ajax({
                type: "POST",
                url: "getdata.php",
                data: "cid="+val,
                success: function(data){
                    $(#cityList).html(data);
                }
            });
        }
    </script>
    </body>
</html>

数据库连接代码：

<?php
    $con = mysqli_connect("localhost", "root", "kensift", "tuts");
    //Check connection
    if(mysqli_connect_errno()){
        echo "Failed to connect:".mysqli_connect_errno();
    }
?>

第二个动态下拉菜单的代码：

<?php
    include_once "connection.php";
    if (!empty($_POST["cid"])) {
        $cid = $_POST["cid"]; 
        $query="SELECT * FROM city WHERE cid=$cid";
        $results = mysqli_query($con, $query);

        foreach ($results as $city){
?>
            <option value="<?php echo $city["cityId"];?>"><?php echo $city["city"];?>
    </option>       
<?php
        }
    }
?>

这三个代码部分位于不同的文件中。

【问题讨论】：

标签： php jquery html mysql dropdown

【解决方案1】：

我认为您的代码是正确的，只是忘记了引号 id "#cityList"。

应该是

$("#cityList").html(data);

【讨论】：

嘿萨蒂亚！不能感谢你足够的人......你忘了在cityList中添加“”......真是个白痴......它现在可以工作......谢谢一百万

【解决方案2】：

我认为你的问题可能在这里：

foreach ($results as $country){
?>
<option value="<?php echo $country["cid"];?>"><?php echo              
$country["country"];?></option>
<?php
}

尝试改用这个：

foreach ($results as $country){
echo'<option value="'.$country["cid"].'">'.           
$country["country"].'</option>';
}

【讨论】：