无法转换“Foo！”类型的值到预期的参数类型'Foo！'答案

【问题标题】：Cannot convert value of type 'Foo!' to expected argument type 'Foo!'无法转换“Foo！”类型的值到预期的参数类型'Foo！'
【发布时间】：2017-09-12 03:11:46
【问题描述】：

我遇到过几次事情让我感到困惑。我有时会收到类似于以下的错误

无法转换 'Foo!' 类型的值到预期的参数类型 'Foo!

我已经搜索过 SO，但还没有真正找到任何解释为什么 Foo!和 Foo! 不一样。

这是一个例子：

// FooViewModel.swift
class FooViewModel: BaseViewModel {
    fileprivate var foo: Foo!
    fileprivate var bar: Bar = Bar()

    init!(model: Foo!) {
        super.init()
        foo = model
    }

    override init() {
        super.init()
    }

    func setFooModel(_ model: Foo!) {
        self.foo = model
    }

    func getFooModel() -> Foo! {
        return self.foo
    }

    func getBar() -> Bar {
        return bar
    }

    func getBlah() -> String {
        return "Blah"
    }
}

这是产生错误的单元测试：

import XCTest
@testable import WooHoo

class FooViewModelTests: XCTestCase {

    override func setUp() {
        super.setUp()
    }

    override func tearDown() {
        super.tearDown()
    }

    func testGetBar() {
        var foo = Foo()
        let vm = FooViewModel()

        // The following line generates the error
        vm.setFooModel(foo)

        XCTAssertEqual("Tell us your Foo for the Bar program.", vm.getBlah())
    }
}

我尝试了vm.setFooModel(foo) 的多种变体，但均无济于事，例如vm.setFooModel(foo!) 或将 foo 声明为 var foo: Foo! = Foo()。

编辑：请注意，上面的代码用于说明我遇到的问题，而不是操作代码。

【问题讨论】：

Foo 类型声明在哪里？是否有可能在不同的范围内声明了多个Foo？
我认为你只需要在声明变量foo时使用Foo!，在其他地方只需使用Foo
setFooModel 和 getFooModel 方法的意义何在？为什么不直接公开foo 属性？ getBar 方法相同。为什么不简单地将bar 属性设置为具有公共读取访问权限？
将属性声明为在 init 方法中初始化的隐式未包装可选项是荒谬的。不要那样做。如果您想要一个可选的，请使用常规可选?，否则使用非可选类型。
为什么在init 和Foo 参数类型之后使用!？初始化器要么是失败的，要么不是。你不能有一个强制解包的可选返回类型，但你可以有一个非可选的返回类型，你可以在 return 语句中强制解包。参数也是如此，如果您希望参数作为非可选参数，则将该参数声明为非可选参数并在调用点展开。

标签： swift xctest

【解决方案1】：

我想通了。我的视图模型是测试目标的一部分。在我将其设置为仅运行目标后，问题就解决了。仅供参考。

【讨论】：