函数名称表示什么等等

Question

考虑这个简单的程序：

#include <iostream>

void length(void){
    std::cout<<"My length is void"<<std::endl;
}

void width(void){
    std::cout<<"My width is void"<<std::endl;
}

int main(void){
    std::cout<<"The program length is: "<<length<<std::endl;
    std::cout<<"The program width is: "<<width<<std::endl;
}

这个程序的输出是：

The program length is: 1
The program width is: 1

程序打印出来的数字是什么，基本上没有太多的C++知识，这对我来说看起来更像pythonic语法，看起来好像应该打印函数地址。我这么说是因为，这个问题最初是在练习一些非常基本的openGL程序时出现的，

回调在 GLUT 中注册，如下所示：

void line(void){
   //some code for line program ...
}

int main(int argc, char** argv){
    //some more code;
    glutDisplayFunc(line);
    glutMainLoop();
}    

看起来好像我们在传递函数的地址，但是，从上面的程序很明显这不是地址，并且指向函数的语法有点不同，如果是这样，如何这个函数是否注册回调？我们要传递给glutDisplayFunc的是什么？

而且，由于我**想注册一个已传递参数的函数，所以我在 C++ 类比中搜索了 python lambda 函数，并找到了类似的 lambda 函数，但没有成功：**

#include <iostream>

void line(int a,  int b){
//some code that does some plotting  in  the  display window
}

int main(int argc, char** argv){

     auto callback = [](void)->void{
             line(a,b);
           };

     glutDisplayFunc(callback);
     glutMainLoop();
}

这完全失败了，显示的错误是：

no suitable conversion function from "lambda []void ()->void" to "void (*)()" exists   

这是使用我的 python 类比，但是这个问题的解决方案是什么？混淆的主要部分以粗体突出显示。

Answer 1

看起来好像我们在传递函数的地址，但是，从上面的程序中可以明显看出这不是地址

你把事情搞反了。不是glutDisplayFunc 在做奇怪的魔法事情；这是std::cout。

是的，函数名将转换为函数指针。 iostream 的 operator<< 重载和 C++ 重载解析规则的组合最终导致 << 将函数视为 布尔值（是的，真的）。因此，您的<< length 等同于<< true。

如果你想要地址，你可以在输出之前将函数指针转换为void*：<< reinterpret_cast<void*>(&length) 或更简洁的<< (void*)&length（虽然从技术上讲，这只是 C++ 有条件地支持，几乎每个真正的编译器将允许这样做）。

最后，在 C++ 中，lambda 不是函数。它们是对象。您不能将对象传递给需要函数指针的对象。您可以将无捕获的 lambda 转换为函数指针，但不能对捕获值的 lambda 执行此操作。