在未命名的命名空间中定义的 C 回调函数？

Question

我有一个使用 C 野牛解析器的 C++ 项目。 C 解析器使用函数指针结构来调用函数，当产生式被野牛减少时，这些函数会创建适当的 AST 节点：

typedef void Node;
struct Actions {
  Node *(*newIntLit)(int val);
  Node *(*newAsgnExpr)(Node *left, Node *right);
  /* ... */
};

现在，在项目的 C++ 部分，我填写了这些指针

class AstNode {
  /* ... */
};
class IntLit : public AstNode { 
  /* ... */
};

extern "C" {
  Node *newIntLit(int val) {
    return (Node*)new IntLit(val);
  }

  /* ... */
}

Actions createActions() {
  Actions a;
  a.newIntLit = &newIntLit;
  /* ... */
  return a;
}

现在我将它们放在extern "C" 中的唯一原因是因为我希望它们具有 C 调用约定。但最理想的是，我希望他们的名字仍然被破坏。它们永远不会从 C 代码中按名称调用，因此名称修改不是问题。将它们弄乱可以避免名称冲突，因为某些操作被称为 error，并且 C++ 回调函数具有如下丑陋的名称，以避免与其他模块发生名称冲突。

extern "C" {
  void uglyNameError(char const *str) {
    /* ... */
  }

  /* ... */
}

a.error = &uglyNameError;

我想知道是否可以仅通过给函数类型 C 链接来实现

extern "C" void fty(char const *str);
namespace {
  fty error; /* Declared! But i can i define it with that type!? */
}

有什么想法吗？我正在寻找标准 C++ 解决方案。

Answer 1

我不明白这个问题。 extern 关键字不影响调用约定，只是呈现给链接器的名称。用 C++ 编写的不是实例方法的函数仍然是 __cdecl，有或没有 extern "C"。此外，只要将 createActions() 保存在同一个源代码文件中，这些函数就不需要外部链接。您可以将它们声明为静态或将它们放在未命名的命名空间中以避免冲突。