C - 将指针作为参数传递给交换函数答案

【问题标题】：C - Passing pointer as an argument to a swap functionC - 将指针作为参数传递给交换函数
【发布时间】：2020-12-18 13:41:40
【问题描述】：

#include<stdio.h>
 
void swap (char *x, char *y)
{
    char *t = x;
    x = y;
    y = t;
}
 
int main()
{
    char *x = "geeksquiz";
    char *y = "geeksforgeeks";
    char *t;
    swap(x, y);
    printf("(%s, %s)", x, y);
    t = x;
    x = y;
    y = t;
    printf("n(%s, %s)", x, y);
    return 0;
}

我希望原始指针会交换，但即使我将指针传递给函数，情况也并非如此，原因是它产生了本地指针？如何使用函数交换原始指针？

【问题讨论】：

内部swap、x和y是局部变量。因此，实际上，该功能在宏伟的计划中是无操作的。
同时查看this 帖子和this 帖子。
另外，请避免将文字字符串分配给char*。如果需要修改它，请考虑分配给const char*，或者将其声明为数组。

标签： c pointers

【解决方案1】：

它的原因是它使本地指针？

是的。 x、y 和 t 都是局部变量，x 和 y 是原始指针的副本。

如何使用函数交换原始指针？

交换指针可能没有任何意义，但如果你出于某种原因需要这样做，那么：

void swap (char** x, char** y)
{
  char* t = *x;
  *x = *y;
  *y = t;
}

【讨论】：

【解决方案2】：

如果你想交换指针，你需要传递对它们的引用（指向指针的指针）

void swap (char **x, char **y)
{
    char *t = *x;
    *x = *y;
    *y = t;
}

用法：

swap(&x, &y);

或者你可以定义宏：

#define  SWAP(x,y,type) do {type t; t = (x); (x) = (y); (y) = t; } while(0)

用法：

SWAP(x,y, char *);

或

#define  SWAP(x,y) do {const void * t; t = (const void *)(x); (x) = (y); (y) = t; } while(0)

用法：

SWAP(x,y);

【讨论】：

(void *)(x) 我会放弃这个演员表。假设指针是合格的，或者如果调用者传递一个整数而不是一个指针 - 你将隐藏编译器错误。
（编辑后）现在您遇到了将const void* 分配给非限定指针的问题 :) 所有这些都表明宏是多么脆弱 - 使宏类型安全并涵盖所有用途-cases，我们必须做很多其他的宏观技巧。
@Lundin 然后是第一个版本
用 2 个参数编写安全的宏类型实际上是一个有趣的编程挑战。我想不出任何顺利的方法。
其实这可能是很好定义的：uintptr_t t; memcpy(&t, &(x), sizeof(x)); (x) = (y); memcpy(&(y), &t), sizeof(y));