忽略“scanf”的返回值，用属性 warn_unused_result 声明答案

【问题标题】：ignoring return value of ‘scanf’, declared with attribute warn_unused_result忽略“scanf”的返回值，用属性 warn_unused_result 声明
【发布时间】：2020-04-30 11:30:22
【问题描述】：

所以我有这个功能，基本上就是给scanf这个人写的名字，然后返回。

但是，当我检查错误时，它说我忽略了 scanf 的值，而我实际上是在返回它并在其他地方使用它。

char* nomes (int n, char* nome ) {
    if (n == 1) printf(" Escolha o nome \n(max10 e sem espaços)\n");
    printf(" Jogador %d:",n);
    scanf("%10s",nome);
    print_linha ();
    return nome;
}

【问题讨论】：

返回值。也就是说，scanf 返回的值，而不是它写入的参数之一。 int return_value = scanf(..);
但我不明白我为什么忽略它。
你看到我的代码并和你的比较了吗？您是否有一个从 scanf 返回的变量设置的变量？您似乎指的是nom，这不是返回值。
这就是编译器告诉你的。你应该使用它。你不是的事实是问题所在。 scanf 的返回值告诉您它能够匹配多少个输入。通过忽略它，您可能会忽略失败并使用无效的 nome 值（如果失败，scanf 不会将任何内容放入 nome）。
@kiner_shah 这不是一个好建议。抑制有效警告不是一个好主意。

标签： c gcc-warning

【解决方案1】：

看看scanf 函数，例如here。它返回int。您在代码中所做的是使用由scanf 修改的参数。这是你想要的：

char* nomes (int n,char* nome ){
    if (n==1) 
        printf(" Escolha o nome \n(max10 e sem espaços)\n");
    printf(" Jogador %d:",n);

    int result = scanf("%10s",none);
    // do something with result
    ...

    print_linha ();
    return nome;
}

如果您不需要返回类型，您可以简单地转换它（但我认为这是一种不好的做法）： (void)scanf("%10s",none);

【讨论】：